Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Peptit (phần 2) - Hóa 12

Đề bài

Câu 1 :

Cho m gam hỗn hợp E gồm một peptit X và một peptit Y (biết số nguyên tử nitơ trong X, Y lần lượt là 4 và 5, X và Y chứa đồng thời glyxin và alanin trong phân tử) bằng lượng NaOH vừa đủ, cô cạn thu được (m + 23,7) gam hỗn hợp muối. Đốt cháy toàn bộ lượng muối sinh ra bằng một lượng O₂ vừa đủ thu được Na₂CO₃ và hỗn hợp hơi F gồm CO₂, H₂O và N₂. Dẫn toàn bộ hỗn hợp hơi F qua bình đựng NaOH đặc dư thấy khối lượng bình tăng thêm 84,06 gam so với ban đầu và có 7,392 lít một khí duy nhất (ở đktc) thoát ra, các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Thành phần phần trăm khối lượng của X trong hỗn hợp E gần nhất với giá trị nào sau đây?

A

41,2%.
B

53,1%.
C

58,8%.
D

49,3%.

Câu 2 :

Cho hỗn hợp A gồm tetrapeptit X và pentapeptit Y (đều hở và đều tạo bởi Gly và Ala). Đun nóng m gam hỗn hợp A với dung dịch NaOH vừa đủ rồi cô cạn cẩn thận dung dịch thu được (m + 7,9) gam muối khan. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp muối, được Na₂CO₃ và hỗn hợp B (khí và hơi). Cho B vào bình đựng dung dịch Ba(OH)₂ dư thấy khối lượng bình tăng 28,02 gam và có 2,464 lít khí bay ra (đktc). Phần trăm khối lượng của Y trong A là:

A

46,94%.
B

64,63%.
C

69,05%.
D

44,08%.

Câu 3 :

Hỗn hợp X gồm 3 peptit Y, Z, T ( đều mạch hở) với tỉ lệ mol tương ứng 2: 3: 4. Tổng số liên kết peptit trong phân tử Y, Z, T bằng 12. Thủy phân hoàn toàn 39,05 gam X, thu được 0,11 mol X₁; 0,16 mol X₂ và 0,2 mol X₃. Biết X₁, X₂, X₃ đều có dạng H₂NC_nH_2nCOOH. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam X cần 32,816 lít O₂(đktc). Giá trị của m gần nhất với giá trị nào sau đây?

A

30
B

31
C

26
D

28

Câu 4 :

Cho m gam hỗn hợp M gồm đipeptit X, tripeptit Y, tetrapeptit Z và pentapeptit T (đều mạch hở) tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp Q gồm muối của Gly, Ala và Val. Đốt cháy hoàn toàn Q bằng một lượng oxi vừa đủ, thu lấy toàn bộ khí và hơi đem hấp thụ vào bình đựng nước vôi trong dư, thấy khối lượng bình tăng 13,23 gam và có 0,84 lít khí (đktc) thoát ra. Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn m gam M, thu được 4,095 gam H₂O. Giá trị của m gần nhất với giá trị nào sau đây?

A

7,0.
B

6,5.
C

6,0.
D

7,5.

Câu 5 :

Peptit X và peptit Y có tổng số liên kết peptit bằng 8. Thủy phân hoàn toàn X cũng như Y đều thu được Gly và Val. Đốt cháy hoàn toàn hỗn hợp E chứa X và Y có tỉ lệ số mol tương ứng là 1 : 3 cần dùng 22,176 lít khí O₂ (đktc). Sản phẩm cháy gồm CO₂, H₂O và N₂. Dẫn toàn bộ sản phẩm cháy qua bình đựng dung dịch Ca(OH)₂ dư thấy khối lượng bình tăng 46,48 gam. Khí thoát ra có thể tích 2,464 lít (đktc). Thủy phân hoàn toàn hỗn hợp E thu được a mol Gly và b mol Val. Tỉ lệ a : b là

A

1:2
B

1:1
C

2:1
D

2:3

Câu 6 :

X, Y, Z (M_X < M_Y < M_Z) là 3 peptit mạch hở , được tạo thành từ các α-amino axit như Gly, Ala, Val trong đó 3(M_X + M_Z) = 7M_Y. Hỗn hợp T chứa X, Y, Z với tỉ lệ số mol 6 : 2 : 1. Đốt cháy hoàn toàn 56,56 gam T trong O₂ vừa đủ thu được n_CO2 : m_H2O = 48 : 47. Mặt khác đun nóng hoàn toàn 56,56 gam T trong 400 ml dung dịch KOH 2M vừa đủ thu được 3 muối. Thủy phân hoàn toàn Z trong dung dịch NaOH, kết thúc phản ứng thu được a gam muối A và b gam muối B (M_A < M_B). Tỉ lệ a : b là

A

0,874
B

0,799
C

0,698
D

0,843

Câu 7 :

Hỗn hợp E gồm peptit X mạch hở (cấu tạo từ Gly, Ala) và este Y (được tạo ra từ phản ứng este hóa giữa axit cacboxylic no, đơn chức và metanol). Đốt cháy hoàn toàn m gam E cần 15,68 lít O₂ (đktc). Mặc khác, thủy phân m gam E trong dung dịch NaOH vừa đủ thu được 24,2 gam hỗn hợp muối (trong đó số mol muối natri của Gly lớn hơn số mol muối natri của Ala). Đốt cháy hoàn toàn khối lượng muối trên cần 20 gam O₂ thu được H₂O, Na₂CO₃, N₂ và 18,7 gam CO₂. Tỉ lệ số mol Gly:Ala trong X là

A

4:3
B

2:1
C

3:1
D

3:2

Câu 8 :

Hỗn hợp T gồm hai peptit mạch hở X, Y (biết Y hơn X một liên kết peptit; cả X, Y đều được tạo ra từ hai amino axit A, B có dạng H₂N-C_nH_2n-COOH, M_A < M_B). Cho 0,1 mol hỗn hợp T tác dụng với lượng dung dịch NaOH vừa đủ thu được 0,42 mol muối của amino axit A và 0,14 mol muối amino axit B. Mặt khác để đốt cháy hoàn toàn 13,2 gam T cần 14,112 lít khí oxi đo ở đktc. Phân tử khối của X có giá trị là

A

345
B

444
C

387
D

416

Câu 9 :

X là amino axit có công thức H₂NC_nH_2nCOOH. Y là axit cacboxylic no đơn chức, mạch hở. Cho hỗn hợp E gồm peptit Ala-X-X và Y tác dụng vừa đủ với 450 ml dung dịch NaOH 1M thu được m gam muối Z. Đốt cháy hoàn toàn Z cần 25,2 lít khí O₂ (đktc) thu được N₂, Na₂CO₃ và 50,75 gam hỗn hợp gồm CO₂ và H₂O_.Khối lượng của muối có phân tử khối nhỏ nhất trong Z là

A

29,10 gam
B

14,55 gam
C

26,10 gam
D

12,30 gam

Câu 10 :

Thủy phân m gam hỗn hợp X gồm 1 tetrapeptit A và 1 pentapeptit B (A và B đều mạch hở chứa đồng thời Glyxin và Alanin trong phân tử) bằng một lượng dung dịch NaOH vừa đủ. Cô cạn dung dịch sản phẩm cho (m+ 15,8) gam hỗn hợp muối. Đốt cháy toàn bộ lượng muối sinh ra bằng một lượng oxi vừa đủ, thu được Na₂CO₃ và hỗn hợp hơi Y gồm CO₂, H₂O và N₂. Dẫn Y đi qua bình đựng dung dịch NaOH đặc dư, thấy khối lượng bình tăng thêm 56,04 gam so với ban đầu và có 4,928 lít khí duy nhất (đktc) thoát ra khỏi bình. Xem như N₂ không bị nước hấp thụ, các phản ứng xảy ra hoàn toàn. Thành phần phần trăm khối lượng của B trong hỗn hợp X là:

A

35,37%
B

58,92%
C

46,94%
D

50,92%

Câu 11 :

Hỗn hợp M chứa các chất hữu cơ mạch hở gồm tripeptit X, pentapeptit Y; Z (C₄H₁₁O₂N) và T (C₈H₁₇O₄N). Đun nóng 67,74 gam hỗn hợp M với dung dịch KOH vừa đủ, thu được 0,1 mol metylamin; 0,15 mol ancol etylic và dung dịch E. Cô cạn dung dịch E thu được hỗn hợ rắn Q gồm bốn muối khan của glyxin, alanin, valin và axit propionic (tỉ lệ mol giữa hai muối của analin và valin lần lượt là 10:3). Mặt khác, đốt cháy hoàn toàn Q cần dùng vừa đủ 2,9 mol O₂, thu được CO₂, H₂O, N₂ và 0,385 mol K₂CO₃. Phần trăm khối lượng của Y trong M có giá trị gần nhât với giá trị nào sau đây?

A

28,55.
B

28,54.
C

28,53.
D

28,52.

Câu 12 :

Hỗn hợp E gồm 0,15 mol chất hữu cơ mạch hở X (C₆H₁₃O₄N) và 0,2 mol este 2 chức Y (C₄H₆O₄) tác dụng hết với dung dịch NaOH vừa đủ, đun nóng. Kết thúc phản ứng, cô cạn dung dịch, thu được hỗn hợp Z gồm 2 ancol đơn chức kết tiếp nhau trong dãy đồng đẳng và a gam hỗn hợp 3 muối khan (đều cùng có số cacbon trong phân tử, trong đó có 2 muối cacboxylic). Giá trị của a là:

A

64,18
B

46,29
C

55,73
D

53,65

Câu 13 :

Peptit E mạch hở bị thủy phân theo phương trình phản ứng: E + 5NaOH → X + 2Y + Z + 2H₂O (trong đó X, Y, Z là các muối của các amino axit). Thủy phân hoàn toàn 6,64 gam E thu được m gam X. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 2,352 lít khí O₂ (đktc), thu được 2,12 gam Na₂CO₃; 3,52 gam CO₂; 1,26 gam H₂O và 224 ml khí N₂ (đktc). Biết X có công thức phân tử trùng với công thức đơn giản nhất. Tên gọi amino axit ứng với muối Y là

A
Glutamic.
B
Valin.
C
Alanin.
D
Glyxin.

Lời giải và đáp án

Câu 1 :

A

41,2%.
B

53,1%.
C

58,8%.
D

49,3%.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

X là tetrapeptit, Y là pentapeptit

Quy đổi E thành CONH, CH₂ (x mol), H₂O (y mol)

+) Từ m_{bình tăng} => tìm x => khối lượng muối

+) Từ khối lượng muối, tính được m => y

Gọi n_Gly-Na = a mol; n_Ala-Na = b mol

+) Bảo toàn C => PT (1)

+) Khối lượng muối => PT (2)

=> a, b

Gọi n_X = u; n_Y = v

+) n_X + n_Y = n_CH2 = y => PT (3)

+) Bảo toàn N => Pt (4)

=> u, v

+) Biện luận tìm X và Y

Lời giải chi tiết :

X là tetrapeptit, Y là pentapeptit

n_N2 = 7,392/22,4 = 0,33 => n_N = 0,66 mol

$\underbrace {E\left\{ \begin{gathered}CONH:0,66 \hfill \\C{H_2}:x \hfill \\{H_2}O:y \hfill \\ \end{gathered} \right.}_m\xrightarrow{{ + NaOH}}\underbrace {Muối\left\{ \begin{gathered}{\text{COONa:0,66}} \hfill \\N{H_2}:0,66 \hfill \\C{H_2}:x \hfill \\ \end{gathered} \right.}_{m + 23,7}\xrightarrow{{ + O2}}\left\{ \begin{gathered}N{a_2}C{O_3}:0,33 \hfill \\\xrightarrow{{BTNT:C}}C{O_2}:x + 0,33 \hfill \\{H_2}O:x + 0,66 \hfill \\ \end{gathered} \right.$

m_{bình tăng}= ${m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}}$ => 44.(x + 0,33) + 18.(x + 0,66) = 84,06 => x = 0,93 mol

m_muối= 0,66.67 + 0,66.16 + 0,93.14 = 67,8 gam => m = 67,8 – 23,7 = 44,1 gam

m_E = 44,1 gam => 0,66.43 + 14x + 18y = 44,1 => y = 0,15

Gọi n_Gly-Na = a mol; n_Ala-Na = b mol

$ \to \left\{ \begin{gathered}2a + 3b = {n_C} = 0,66 + 0,93 \hfill \\97a + 111b = 67,8 \hfill \\ \end{gathered} \right. \to \left\{ \begin{gathered}a = 0,39 \hfill \\b = 0,27 \hfill \\ \end{gathered} \right.$

$G/s:{n_X} = u,{n_Y} = v$

$ \to \left\{ \begin{gathered}u + v = y = 0,15 \hfill \\4u + 5v = {n_N} = 0,66 \hfill \\ \end{gathered} \right. \to \left\{ \begin{gathered}u = 0,09 \hfill \\v = 0,06 \hfill \\ \end{gathered} \right.$

$X:Gl{y_n}Al{a_{4 - n}}(0,09)$

$Y:Gl{y_m}Al{a_{5 - m}}(0,06)$

$ \to 0,09n + 0,06m = {n_{Gly}} = 0,39 \to 3n + 2m = 13(n < 4,m < 5)$

$ \to \left\{ \begin{gathered}n = 3 \hfill \\m = 2 \hfill \\ \end{gathered} \right. \to \left\{ \begin{gathered}X:Gl{y_3}Ala \hfill \\Y:Gl{y_2}Al{a_3} \hfill \\ \end{gathered} \right.$

$\% mX = \dfrac{{0,09.260}}{{44,1}}.100\% = 53,1\% $

Câu 2 :

A

46,94%.
B

64,63%.
C

69,05%.
D

44,08%.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

+) Quỵ đổi X thành: C₂H₃ON: 0,22 mol; CH₂: a mol và H₂O: b mol

+) ${m_{NaOH}} - {m_{{H_2}O}} = 7,9$ => b

+) ${n_{N{a_2}C{O_3}}} = \dfrac{{{n_{NaOH}}}}{2}$

+) Bảo toàn C, tính n_CO2theo a

+) Bảo toàn H: ${n_{{H_2}O}} = 1,5.{n_{{C_2}{H_3}ON}} + {n_{C{H_2}}} + {n_{{H_2}O}}$=> a

=> m_A

Đặt x, y là số mol của X, Y

Từ n_A và n_NaOH => lập 2 Pt ẩn x, y => x, y

Đặt u, v là số mol của Gly và Ala

+) Bảo toàn N => Pt (1)

+) Bảo toàn C: n_{C (trong Gly)} + n_{C (trong Ala)} = ${n_{C{O_2}}} + {n_{N{a_2}C{O_3}}}$ => Pt (2)

=> u, v

+) Biện luận tìm X, Y

Lời giải chi tiết :

Quỵ đổi X thành:

C₂H₃ON: 0,22 (Tính từ n_N2 = 0,22)

CH₂: a mol

H₂O: b mol

Trong phản ứng thủy phân M:

X + NaOH → Muối + H₂O

${m_{NaOH}} - {m_{{H_2}O}} = 7,9$ => 40.0,22 - 18b = 7,9 => b = 0,05

Đốt muối thu được:

${n_{N{a_2}C{O_3}}} = \dfrac{{{n_{NaOH}}}}{2} = 0,11$ mol

Bảo toàn C: n_CO2= 0,22.2 + a - 0,11 = a + 0,33

Bảo toàn H: ${n_{{H_2}O}} = \left( {0,22.1,5 + a + b} \right) + \dfrac{{0,22}}{2}-b = a + 0,44$

=> 44.(a + 0,33) + 18.(a + 0,44) = 28,02 => a = 0,09 => m_A = 14,7 gam

Đặt x, y là số mol X, Y => n_A = x + y = b = 0,05 và n_NaOH = 4x + 5y = 0,22

=> x = 0,03 và y = 0,03

Đặt u, v là số mol của Gly và Ala

=> n_N= u + v = 0,22

và n_C = 2u + 3v = ${n_{C{O_2}}} + {n_{N{a_2}C{O_3}}} = 0,53$

=> u = 0,13 và v = 0,09

X: (Gly)_p(Ala)_4-p

Y: (Gly)_q(Ala)_5-q

=> n_Gly = 0,03p + 0,02q = 0,13

=>3p + 2q = 13

Vì p < 4 và q < 5 => p = 3 và q = 2 => X là (Gly)₃(Ala)

=> $\% X = \dfrac{{0,03.260}}{{14,7}} = 53,06\% $

=> %Y = 46,94%

Câu 3 :

A

30
B

31
C

26
D

28

Đáp án : C

Phương pháp giải :

Qui 3 peptit về 1 peptit tổng. Xác định CT chung của peptit tổng.

Bảo toàn khối lượng : m_Y + m_Z + m_T = m_{peptit tổng} + m_H2O

Xác định CTPT của 1 đơn vị amino axit mắt xích

Tính theo giá trị trung bình : công thức trung bình của amino axit là NH₂-C_nH_2n-COOH

Lời giải chi tiết :

Gọi 3 amino axit là A , B , C

Có n_A : n_B : n_C = 11 : 16 : 20

2Y + 3Z + 4T → (A₁₁B₁₆C₂₀)_k + 8H₂O

Do tổng số gốc amino axit trong Y, Z, T là 15

=> k = 1 => số mol 1 aminoaxit = $\dfrac{{0,11 + 0,16 + 0,2}}{{11 + 16 + 20}}$ = 0,01 mol

2Y + 3Z + 4T → (A₁₁B₁₆C₂₀) + 8H₂O

0,01 → 0,08 (mol)

Bảo toàn khối lượng : m_Y + m_Z + mT = m_{peptit tổng}+ m_H2O

A₁₁B₁₆C₂₀: có 47 a.a => có 46 liên kết peptit :

Đặt công thức tổng quát của amion axit là : NH₂-C_nH_2n-COOH

=> 0,01.[47(14n + 61) – 46.18] + 0,08.18 = 39,05 gam

=> n = 123 / 47

H-(NH-C_nH_2n-CO)₄₇-OH + (70,5n + 35,25)O₂ → (47n + 47)CO₂ + (47n + 24,5)H₂O + 23,5N₂

=> n_O2 = 0,01.(70,5n + 35,25) = 2,1975 mol

Đốt 39,05 gam X cần 2,1975 mol O₂

Đốt m gam X cần 1,465 mol O₂

=> m = $\dfrac{{1,465.39,05}}{{2,1975}}$= 26,033 gam

Câu 4 :

A

7,0.
B

6,5.
C

6,0.
D

7,5.

Đáp án : C

Phương pháp giải :

Đặt công thức trung bình của các peptit là : C_nH_2n+2-xN_xO_x+1

=> muối của các aminoaxit có công thức : C_mH_2mNO₂Na

C_mH_2mNO₂Na + O₂→ ( m – ½ ) CO₂ + m H₂O + ½ Na₂CO₃ + ½ N₂

m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O

Bảo toàn khối lượng : m_{muối Q} = m_C +m_H + m_Na + m_O + m_N

m_M + m_NaOH = m_Q + m_H2O

Bảo toàn nguyên tố : n_C = n_CO2 + n_Na2CO3 ; n_H = 2.n_H2O ; 2.n_N2 = n _muối

Lời giải chi tiết :

n_N2 = 0,0375 mol => n_muối = 0,075 mol => n_Na2CO3 = 0,0375 mol => n_NaOH = 0,075 mol

Theo PTHH : n_H2O – n_CO2 = ½.n_muối = 0,0375 mol

Mà m_{bình tăng} = m_CO2 + m_H2O = 13,23

$\left\{ \begin{gathered}{n_{{H_2}O}} - {n_{C{O_2}}} = 0,0375 \hfill \\18.{n_{{H_2}O}} + 44.{n_{C{O_2}}} = 13,23 \hfill \\ \end{gathered} \right. \to \left\{ \begin{gathered}{n_{C{O_2}}} = 0,2025\,mol \hfill \\{n_{{H_2}O}} = 0,24\,mol \hfill \\ \end{gathered} \right.$

=> n_H = 0,48 mol

m_{muối Q} = m_C+ m_H + m_Na+ m_O + m_N

=> m _muối = 12.(0,2025 + 0,0375) + 0,48 + 0,075.(23 + 14 + 16.2) = 8,535 gam

Khi đốt cháy M ta thu được : n_H2O = 0,2275 mol

M + NaOH → Q + H₂O

Bảo toàn nguyên tố H : n_{H (trong M)} + n_{H (trong NaOH)} = n_{H (trong muối)} + n_{H (trong nước)}

=> ${n_{{H_2}O}} = \dfrac{1}{2}.\left( {0,2275.2 + 0,075-0,24.2} \right) = 0,025{\text{ }}mol$

Bảo toàn khối lượng : m_M + m_NaOH = m_Q + m_H2O

=> m_M = 8,535 + 0,025.18 – 0,075.40 = 5,985 gam

Câu 5 :

A

1:2
B

1:1
C

2:1
D

2:3

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Quy đổi E thành: C₂H₃ON: 0,22 mol; CH₂: a mol; H₂O: b mol

+) Từ số mol O₂ cháy => tính a

+) Từ tổng khối lượng CO₂ và H₂O => tính b

Đặt x, 3x là số mol X, Y

+) n_X+ n_Y = b => x

Đặt m, n là số mắt xích amino axit trong X và Y

+) Từ số liên kết peptit => PT (1)

+) 1 mắt xích X và Y chứa 1 N => Bảo toàn N có PT (2)

=> m ; n

Đặt u, v là số mol của Gly và Val

+) Bảo toàn N => Pt (1)

+) Bảo toàn C: n_{C (trong Gly)} + n_{C (trong Val)} = n_CH2 + 2.n_C2H3ON => Pt (2)

=> u, v => tỉ lệ

Lời giải chi tiết :

Quy đổi E thành:

C₂H₃ON: 0,22 mol (Tính từ n_N2 = 0,11)

CH₂: a mol

H₂O: b mol

C₂H₃ON + 2,25O₂ → 2CO₂+ 1,5H₂O + 0,5N₂

CH₂+1,5O₂ → CO₂ + H₂O

=> n_O2= 2,25 . 0,22 + 1,5a = 0,99

=> a = 0,33

n_CO2= a + 0,44

n_H2O = a + b + 0,33

=> 44(a + 0,44) + 18(a + b + 0,33) = 46,48

=> b = 0,04

Đặt x, 3x là số mol X, Y

=> x + 3x = b = 0,04 => x = 0,01

Đặt m, n là số gốc amino axit trong X và Y

=> Số -CONH- = m + n- 2 = 8

1 mắt xích X và Y chứa 1 N => bảo toàn N ta có: n_N_{(trong X + Y)} = 2.n_{N2 sinh ra}

=> 0,01m + 0,03n = 0,22

=> m = 4 và n = 6

Đặt u, v là số mol của Gly và Val

=> n_N = u + v = 0,22

và n_C= 2u + 5v = a + 0,44 = 0,77

=> u = v = 0,22

=> Thủy phân hoàn toàn hỗn hợp E thu được n_Gly : n_Ala= 1 : 1

Câu 6 :

A

0,874
B

0,799
C

0,698
D

0,843

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Quy đổi hỗn hợp T thành: C₂H₃ON: 0,8 mol; CH₂: a mol; H₂O: b mol

+) Từ khối lượng của T => PT (1)

+) Tính n_CO2 và n_H2O theo a và b, từ tỉ lệ n_CO2 : n_H2O => Pt (2)

=> a, b

+) Bảo toàn khối lượng => m_muối= m_T + m_KOH – m_H2O

=> phân tử khối trung bình của muối

+) Tính số N trung bình => số mắt xích trong X

+) Đặt u, v là số mắt xích trong Y và Z, dựa vào số mol KOH, biện luận tìm u, v

+) dựa vào số C trung bình của amino axit => biện luận tìm X

+) Từ ${\bar M_T}$ và điều kiện đề bài => M_Y và M_Z

=> Y và Z

Lời giải chi tiết :

Quy đổi hỗn hợp thành:

C₂H₃ON: 0,8 mol

CH₂: a mol

H₂O: b mol

=> m_T = 0,8.57 + 14a + 18b = 56,56

n_CO2 = 0,8.2 + a = a + 1,6

n_H2O = 0,8.1,5 + a + b = a + b + 1,2

$ \Rightarrow \dfrac{{a + 1,6}}{{a + b + 1,2}} = \dfrac{{48}}{{47}}$

=> a = 0,32 và b = 0,36

Bảo toàn khối lượng => m_muối= m_T+ m_KOH – m_H2O = 94,88

=> M_muối= 118,6 => trong muối chứa Gly-K (vì Gly-K có M = 113 nhỏ nhất)

Số N trung bình = 0,8 / b = 2,22 => X là đipeptit

n_H = 0,36 => n_X = 0,24; n_Y = 0,08; n_Z = 0,04

Nếu đặt u, v là số mắt xích trong Y và Z thì:

n_KOH = 0,24.2 + 0,08u + 0,04v = 0,8

=> 2u + v = 8 => có 2 cặp nghiệm phù hợp là: u = 2; v = 4 hoặc u = 3; v = 2

Do các amino axit có $\bar C = \dfrac{{a + 0,8.2}}{{0,8}} = 2,4$ nên n_Gly> 0,48 mol (Gly nhỏ nhất khi hỗn hợp chỉ có Gly và Ala)

=> Dựa vào số mắt xích và số mol của X, Y, Z thì X phải là Gly-Gly thì mới chứa hết lượng Gly lớn như trên

=> M_X = 132

${\bar M_T} = \dfrac{{6.{M_X} + 2.{M_Y} + {M_Z}}}{9} = \dfrac{{56,56}}{{0,36}}$ => 6M_X + 2M_Y + M_Z = 1414

Mà 3M_X – 7M_Y + 3M_Z = 0

=> M_Y = 174; M_Z = 274

=> Y là Gly-Val (nghiệm duy nhất)

Vậy u = 2 và v = 4

=> Z là (Gly)₂(Ala)₂

=> Thủy phân Z thu được n_Gly-Na = n_Ala-Na

=> m_Gly-Na : m_Ala-Na = 0,874

Câu 7 :

A

4:3
B

2:1
C

3:1
D

3:2

Đáp án : C

Phương pháp giải :

2 C_nH_2nO₂NNa + (3n – 1,5) O₂→ (2n – 1) CO₂ + 2n H₂O + Na₂CO₃ + N₂

2 C_mH_2m-1O₂NNa + (3 m – 2) O₂→ (2 m – 1) CO₂ + (2m - 1) H₂O + Na₂CO₃

Số mol oxy chênh lệch giữa 2 phần chính là số mol dùng để đốt cháy CH₃OH sinh ra ở thủy phân

Sử dụng giá trị trung bình $\bar n = \dfrac{{{n_1}.mo{l_1} + {n_2}.mo{l_2}}}{{mo{l_1} + mo{l_2}}}$

Lời giải chi tiết :

n _{O2 đốt cháy E} = 0,7 mol

n _{O2 đốt cháy muối} = 0,625 mol

n _O2 chênh lệch chính là phần dùng để đốt cháy CH₃OH do phản ứng thủy phân sinh ra

CH₃OH + 1,5O₂→ CO₂ + 2 H₂O

0,05 0,075

Đặt công thức chung của muối amino axit là C_nH_2nO₂NNa

Và muối của axit là C_mH_2m-1O₂Na

2 C_nH_2nO₂NNa + ( 3n – 1,5 ) O₂→ ( 2n – 1 ) CO₂ + 2 n H₂O + Na₂CO₃ + N₂

2 C_mH_2m-1O₂NNa + ( 3 m – 2 ) O₂→ ( 2 m – 1 ) CO₂ + ( 2m -1 ) H₂O + Na₂CO₃

Theo PTHH : n _O2 = a . ( 3n – 1,5 ) : 2 + b . ( 3m – 1 ) : 2 = 0,625 mol

=> 3 ( na+ mb ) - 1,5 a – 2b = 1,25

n _CO2 = a . ( 2n – 1 ) : 2 + b . ( 2m – 1 ) :2 = 0,425

=> 2 ( na + mb ) – a – b = 0,85

m _muối = a ( 14n + 69 ) + b ( 14m + 54 ) = 24,2

=> 14 ( na + mb ) + 69 a + 54 b = 24,2

$\left\{ \begin{gathered}3\left( {na + mb} \right) - 1,5a - 2b = 1,252 \hfill \\\left( {na + mb} \right) - a - b = 0,8514 \hfill \\\left( {na + mb} \right) + 69a + 54b = 24,2 \hfill \\ \end{gathered} \right.$

=> na + mb = 0,55 và a = 0,2 b = 0,05

na + m b = 0,55 => n . 0,2 + m . 0,05 = 0,55 => 4 n + m = 11

Vì 3 >n > 2 ( n là giá trị trung bình của 2 muối gly và ala )

1 ≤ m => m = 1 n = 2,5 => n _Gly : n _Ala = 1 : 1 (2,5 nằm giữa 2 và 3)

hoặc m = 2 thì n = 2,25 =>n _Gly : n _Ala = (3- 2,25) : (2,25 – 2) = 3: 1 (dùng phương pháp đường chéo )

Câu 8 :

A

345
B

444
C

387
D

416

Đáp án : C

Phương pháp giải :

+) Tính số N trung bình => số nguyên tử N trong X và Y

Quy đổi 13,2 gam T thành: C₂H₃ON: 5,6a mol; CH₂ : b mol; H₂O : a mol

BTKL => m_T = PT(1)

BTNT O : n_O2 = PT (2)

=> a và b

+) Tính số mol muối A và muối B => biện luận tìm A và B dựa vào khối lượng muối

Gọi X₁ là (Val)_u(Gly)_5-u

X₂ là (Val)_v(Gly)_6-v

+) Từ số mol Val, biện luận tìm u, v

Lời giải chi tiết :

Số N trung bình = (0,42 + 0,14) / 0,1 = 5,6

=> X có 5N và Y có 6N

Quy đổi 13,2 gam T thành:

C₂H₃ON: 5,6 a mol

CH₂ : b mol

H₂O : a mol

BTKL => m_T = 57. 5,6a + 14b + 18a = 13,2 (1)

BTNT O : n_O2 = 2,25. 5,6a + 1,5b = 0,63 (2)

Từ (1) và (2) => a= 1/30 và b = 0,14

Hai muối A : B có tỉ lệ mol là 0,42: 0,14 = 3: 1 và tổng mol là 5,6a = 14/75

=> Mol muối A = 0,14 và mol muối B = 7/150

=> m muối = 0,14A + 7B/150 = 5,6a. 57 + 40.5,6a

=> 3A + B = 430

=> A = 97 (GlyNa) và B = 139 (ValNa) là nghiệm duy nhất

Do chưa biết N5 hay N6 có phân tử khối nhỏ hơn nên gọi peptit 5N là X₁ và X₂

X₁ là (Val)_U(Gly)_5-U

X₂ là (Val)_V(Gly)_6-V

=> n_Val = u/75 + 0,02v = 7/150

=> 2u + 3v = 7

=> u = 2 và v = 1 là nghiệm duy nhất

Vậy X₁ là (Val)₂(Gly)₃ có PTK = 387

X₂ là (Val)(Gly)₅ có PTK = 402

Vậy phân tử khối của X = 387

Câu 9 :

A

29,10 gam
B

14,55 gam
C

26,10 gam
D

12,30 gam

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Bảo toàn nguyên tố

Muối Z gồm:

C₃H₆NO₂Na: a mol

C_nH_2nNO₂Na: 2a mol

C_mH_2m-1O₂Na: b mol

+) Bảo toàn Na => PT (1)

→ n_Na2CO3 và n_O(Z)

Đặt x, y là số mol CO₂, H₂O thu được khi đốt Z.

+) Từ khối lượng CO₂ + H₂O và BTNT O => tìm x và y

+) Từ n_CO2 và n_H2O => a, b, biện luận tìm n, m

=> X và Y => khối lượng muối

Lời giải chi tiết :

Muối Z gồm:

C₃H₆NO₂Na: a mol

C_nH_2nNO₂Na: 2a mol

C_mH_2m-1O₂Na: b mol

n_NaOH = 3a + b = 0,45 (1)

→ n_Na2CO3 = 0,225 và n_O(Z) = 0,9

Đặt x, y là số mol CO₂, H₂O thu được khi đốt Z.

44x + 18y = 50,75

BTNT O → 2x + y + 0,225.3 = 0,9 + 1,125.2

=> x = 0,775; y = 0,925

n_CO2 = 3a + 2na + mb - 0,225 = 0,775 (2)

n_H2O = 3a + 2na + mb - b/2 = 0,925 (3)

(2)-(3) → b = 0,15

(1) → a = 0,1

Thế a, b vào (2) → 4n + 3m = 14

Do n ≥ 2; m ≥ 1 nên n = m = 2 là nghiệm

Vậy X là Gly và Y là CH₃COOH

Muối nhỏ nhất là CH₃COONa

m_CH3COONa = 0,15.82 = 12,3

Câu 10 :

A

35,37%
B

58,92%
C

46,94%
D

50,92%

Đáp án : C

Phương pháp giải :

- Quy đổi hỗn hợp X thành phần C₂H₃ON (a mol), -CH₂ (b mol) và H₂O (c mol).

- Khi cho X tác dụng với dung dịch NaOH thì được hỗn hợp quy đổi gồm C₂H₄ONNa (a mol) và CH₂ (b mol).

Xét quá trình đốt cháy hỗn hơp muối ta có hệ sau:

=> tìm a, b, c

- Xét hỗn hợp X ta có:

$\left\{ \begin{gathered}{n_A} + {n_B} = {n_{{H_2}O}} \hfill \\4{n_A} + 5{n_B} = 2{n_{{N_2}}} \hfill \\ \end{gathered} \right.$

=> tìm n_A và n_B

Gọi peptit A và B lần lượt là (Gly)_x(Ala)_4-x và (Gly)_y(Ala)_5-y(với x < 4 và y < 5)

+) Bảo toàn nguyên tố Gly => biện luận tìm A và B

Lời giải chi tiết :

- Quy đổi hỗn hợp X thành phần C₂H₃ON (a mol), -CH₂ (b mol) và H₂O (c mol).

- Khi cho X tác dụng với dung dịch NaOH thì được hỗn hợp quy đổi gồm C₂H₄ONNa (a mol) và CH₂ (b mol).

Xét quá trình đốt cháy hỗn hợp muối ta có hệ sau:

$\left\{ \begin{gathered}97{n_{N{H_2}C{H_2}COONa}} + 14{n_{C{H_2}}} - (57{n_{{C_2}{H_3}ON}} + 14{n_{C{H_2}}} + 18{n_{{H_2}O}}) = {\Delta _m} \hfill \\44{n_{C{O_2}}} + 18{n_{{H_2}O}} = m{{\mkern 1mu} _{binh{\kern 1pt} Z}} \hfill \\\xrightarrow{{BT:N}}{n_{{C_2}{H_3}ON}} = 2{n_{{N_2}}} \hfill \\ \end{gathered} \right. \to \left\{ \begin{gathered}40a - 18c = 15,8 \hfill \\102a + 62b = 56,04 \hfill \\a = 0,44 \hfill \\ \end{gathered} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{gathered}a = 0,44 \hfill \\b = 0,18 \hfill \\c = 0,1 \hfill \\ \end{gathered} \right.$

- Xét hỗn hợp X ta có:

$\left\{ \begin{gathered}{n_A} + {n_B} = {n_{{H_2}O}} \hfill \\4{n_A} + 5{n_B} = 2{n_{{N_2}}} \hfill \\ \end{gathered} \right. \to \left\{ \begin{gathered}{n_A} + {n_B} = 0,14 \hfill \\{n_A} + 5{n_B} = 0,44 \hfill \\ \end{gathered} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{gathered}{n_A} = 0,06mol \hfill \\{n_B} = 0,04mol \hfill \\ \end{gathered} \right.$

- Gọi peptit A và B lần lượt là (Gly)_x(Ala)_4-x và (Gly)_y(Ala)_5-y(với x<4 và y<5).

$\xrightarrow{{BT:Gly}}{n_A}.x + {n_B}.y = {n_{Gly}} \to 0,06x + 0,04y = 0,26 \Rightarrow x = 3;{\mkern 1mu} y = 2$ (thỏa mãn)

$ \Rightarrow \% {m_B} = \dfrac{{0,04.{M_{Gl{y_2}Al{a_3}}}}}{{{m_x}}} = \dfrac{{0,04.345}}{{57.0,44 + 14.0,18 + 18.0,1}}.100\% = 46,94\% $

Câu 11 :

A

28,55.
B

28,54.
C

28,53.
D

28,52.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Do sau phản ứng thu được CH₃NH₂ và C₂H₅OH và C₂H₅COOK nên suy ra:

Z: C₂H₅COONH₃CH₃

T: C₂H₅COOH₃N-CH(CH₃)-COOC₂H₅

Do peptit được tạo bởi Gly, Ala, Val nên ta quy đổi hỗn hợp X, Y thành CONH, CH₂ và H₂O (n_H2O = n_peptit)

Sử dụng định luật bảo toàn khối lượng và bảo toàn nguyên tố để giải.

Lời giải chi tiết :

Do sau phản ứng thu được CH₃NH₂ và C₂H₅OH và C₂H₅COOK nên suy ra:

Z: C₂H₅COONH₃CH₃

T: C₂H₅COOH₃N-CH(CH₃)-COOC₂H₅

n_Z = n_CH3NH2 = 0,1 mol; n_T = n_C2H5OH= 0,15 mol

=> n_C2H5COOK = n_Z + n_T = 0,25 mol

n_KOH = 2n_K2CO3 = 2.0,385 = 0,77 mol

Sơ đồ bài toán:

$67,74(g)M\left\{ \begin{gathered}X(3) \hfill \\ Y(5) \hfill \\Z:{C_2}{H_5}COON{H_3}C{H_3}(0,1\,mol) \hfill \\ T:{C_2}{H_5}COO{H_3}NCH(C{H_3})C{\text{OO}}{{\text{C}}_{\text{2}}}{{\text{H}}_{\text{5}}}{\text{(0,15}}\,{\text{mol)}} \hfill \\ \end{gathered} \right.\xrightarrow{{ + KOH:0,77}}\left| \begin{gathered} {\text{dd}}\,E\left\{ \begin{gathered} Gly - K \hfill \\ Ala - K \hfill \\ Val - K \hfill \\ {C_2}{H_5}COOK:0,25 \hfill \\ \end{gathered} \right.\xrightarrow{{ + O2;2,9}}\left\{ \begin{gathered}C{O_2} \hfill \\ {H_2}O \hfill \\{N_2} \hfill \\{K_2}C{O_3}:0,385 \hfill \\ \end{gathered} \right. \hfill \\ \left\{ \begin{gathered} C{H_3}N{H_2}:0,1 \hfill \\ {C_2}{H_5}OH:0,15 \hfill \\ \end{gathered} \right. \hfill \\ \end{gathered} \right.$

* Xác định số mol O₂ để đốt muối do X, Y tạo ra:

n_{Ala-K (do T)}= n_T = 0,15 mol

n_C2H5COOK = 0,25 mol

C₃H₆O₂NK + 3,75O₂ → 0,5K₂CO₃ + 2,5CO₂ + 3H₂O + 0,5N₂

0,15 → 0,5625

C₃H₅O₂K + 3,5O₂ → 0,5K₂CO₃ + 2,5CO₂ + 2,5H₂O + 0,5N₂

0,25 → 0,875

n_{O2(muối do X, Y)} = n_O2 - n_{O2(đốt muối do T)} - n_{O2(đốt C2H5COOK)}= 2,9 - 0,5625 - 0,875 = 1,4625 mol

*Do peptit được tạo bởi Gly, Ala, Val nên ta quy đổi hỗn hợp X, Y thành CONH, CH₂ và H₂O (n_H2O = n_peptit)

m_X,Y= 67,74 - 0,1.105 + 0,15.191 = 28,59 gam

n_{KOH (pư X, Y)}= 0,77 - n_Z - 2n_T = 0,77 - 0,1 - 0,15.2 = 0,37 mol

Ta có sơ đồ sau:

$28,59(g)X,Y\left\{ \begin{gathered} CONH:0,37 \hfill \\ C{H_2}:x \hfill \\ {H_2}O \hfill \\ \end{gathered} \right.\xrightarrow{{ + KOH:0,37}}Muoi\left\{ \begin{gathered} {\text{COO}}K:0,37 \hfill \\ N{H_2}:0,37 \hfill \\ C{H_2}:x \hfill \\ \end{gathered} \right.\xrightarrow{{ + O2:1,4625}}\left\{ \begin{gathered} {K_2}C{O_3}:0,185 \hfill \\ C{O_2}:x + 0,185 \hfill \\ {H_2}O:x + 0,37 \hfill \\ \end{gathered} \right.$

BTNT "O": 2n_COOK+ 2n_{O2 (đốt muối do X, Y)} = 3n_K2CO3 + 2n_CO2 + n_H2O

=> 0,37.2 + 2.1,4625 = 3.0,185 + 2(x + 0,185) + x + 0,37 => x = 0,79

m_{H2O(X, Y)}= m_X,Y - m_CONH - m_CH2 = 28,59 - 0,37.43 - 0,79.14 = 1,62 gam => n_H2O = 0,09 mol

*Đặt n_X = a và n_Y = b (mol)

n_X,Y = a + b = 0,09

n_KOH = 3n_X + 5n_Y => 3a + 5b = 0,37

Giải hệ thu được a = 0,04 và b = 0,05

*Xét quá trình thủy phân M:

n_H2O = n_X + n_Y + n_Z + n_T = 0,04 + 0,05 + 0,1 + 0,15 = 0,34 mol

BTKL: m_M + m_KOH = m _muối + m_CH3NH2 + m_C2H5OH + m_H2O

=> 67,74 + 0,77.56 = m _muối + 0,1.31 + 0,15.46 + 0,34.18 => m _muối = 94,74 gam

Đặt n_Gly-K = u; n_AlaK= 10v và n_Val-K = 3v (mol)

BTNT "K": n_KOH = u + 10v + 3v = 0,77

m _muối= 113u + 127.10v + 155.3v + 0,25.112 = 94,74

Giải hệ thu được u = 0,13 và y = 0,03

=> n_GlyK = 0,13 mol; n_{AlaK(do X,Y)} = 0,3 - 0,15 = 0,15 mol; n_ValK = 0,09 mol

Giả sử X, Y có công thức:

X: Gly_nAla_mVal_3-n-m(0,04 mol)

Y: Gly_n'Ala_m'Val_5-n'-m'(0,05 mol)

n_GlyK = 0,04n + 0,05n' = 0,13 chỉ có nghiệm n = 2 và n' = 1 thỏa mãn

n_AlaK = 0,04m + 0,05m' = 0,15 chỉ có nghiệm m = m = 0 và m' = 3 thỏa mãn

Vậy X là Gly₂Val (0,04 mol) và GlyAla₃Val (0,05 mol)

=> %m_Y = 0,05.(75 + 89.3 + 117 - 4.18)/67,74.100% = 28,565% gần nhất với 28,55%

Câu 12 :

A

64,18
B

46,29
C

55,73
D

53,65

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Biện luận công thức của Y => công thức của 2 ancol đồng đẳng kế tiếp

=> công thức cấu tạo của Y

=> thành phần của 3 muối trong a gam

=> a

Lời giải chi tiết :

X, Y) + NaOH → Z(2 ancol đơn chức) + 3 muối khan (2 muối cacboxylic)

=> Este 2 chức Y phải là (COOCH₃)₂ => 2 ancol là CH₃OH và C₂H₅OH

=> Y là CH₃COONH₃CH₂COOC₂H₅ thỏa mãn

3 muối là: 0,2 mol (COONa)₂ ; 0,15 mol CH₃COONa và 0,15 mol NH₂CH₂COONa

=> a = 0,2.134 + 0,15.82 + 0,15.97 = 53,65g

Câu 13 :

A
Glutamic.
B
Valin.
C
Alanin.
D
Glyxin.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Bảo toàn nguyên tố.

Biện luận dựa vào PTHH.

Lời giải chi tiết :

n_O2 = 0,105 mol; n_Na2CO3 = 0,02 mol; n_CO2= 0,08 mol; n_H2O = 0,07 mol; n_N2 = 0,01 mol

*Xét phản ứng đốt X:

_mX= m_Na2CO3 + m_CO2 + m_H2O + m_N2 - m_O2 = 2,12 + 3,52 + 1,26 + 0,01.28 - 0,105.32 = 3,82 gam

3,82 gam X chứa:

n_C = n_CO2 + n_Na2CO3 = 0,08 + 0,02 = 0,1 mol

n_H = 2n_H2O = 0,14 mol

n_Na = 2n_Na2CO3 = 0,04 mol

n_N = 2n_N2 = 0,02 mol

=> m_O = m_X - m_C - m_H - m_Na - m_N = 3,82 - 0,1.12 - 0,14 - 0,04.23 - 0,02.14 = 1,28 gam

=> n_O = 0,08 mol

=> C : H : O : N : Na = 0,1 : 0,14 : 0,08 : 0,02 : 0,04 = 5 : 7 : 4 : 1 : 2

Mà X có CTPT trùng với CTĐGN nên X có CTPT là C₅H₇O₄NNa₂

=> X là muối của axit glutamic

n_X = 3,82 : 191 = 0,02 mol

E + 5NaOH → X + 2Y + Z + 2H₂O

0,02 ← 0,02

Dựa vào phản ứng suy ra E là tetrapeptit được tạo bởi 1 mắt xích Glu + 2 mắt xích Y' + 1 mắt xích Z'

(Y' là a.a của Y và Z' là a.a của Z, Y' và Z' có 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH)

M_E= 6,64 : 0,02 = 332

Ta thấy: M_E = 147 + 2Y' + Z' - 3.18 = 332 => 2Y' + Z' = 239 có nghiệm duy nhất là Y' = 75 và Z' = 89

Vậy amino axit ứng với Y là Glyxin

Bài liên quan

Trắc nghiệm Ôn tập chương 3 - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Ôn tập chương 3 Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Peptit (phần 1) - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập Peptit (phần 1) Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Amin - Amino axit (phần 2) - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập Amin - Amino axit (phần 2) Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Amin - Amino axit (phần 1) - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập Amin - Amino axit (phần 1) Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập đốt cháy peptit - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập đốt cháy peptit Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Peptit (phần 2) - Hóa 12

Trắc nghiệm Ôn tập chương 3 - Hóa 12

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Peptit (phần 1) - Hóa 12

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Amin - Amino axit (phần 2) - Hóa 12

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Amin - Amino axit (phần 1) - Hóa 12

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập đốt cháy peptit - Hóa 12