Bài tập trắc nghiệm Hóa 12

Trắc nghiệm Bài 2. Thủy phân chất béo - Hóa 12

Làm đề thi

Đề bài

Câu 1 :

Thủy phân tristearin trong môi trường axit ta thu được sản phẩm là:

A

C₁₇H₃₅COOH và glixerol.
B

C₁₅H₃₁COONa và glixerol.
C

C₁₅H₃₁COOH và glixerol.
D

C₁₇H₃₅COONa và glixerol.

Câu 2 :

Thủy phân hoàn toàn một lượng tristrearin trong dung dịch NaOH (vừa đủ), thu được 1 mol glyxerol và:

A

3 mol C₁₇H₃₅COONa.
B

3 mol C₁₇H₃₃COONa.
C

1 mol C₁₇H₃₃COONa
D

3 mol C₁₇H₃₁COONa.

Câu 3 :

Đun glixerol với hỗn hợp các gồm n axit béo khác nhau (có xúc tác H₂SO₄) có thể thu được bao nhiêu loại trieste (chỉ tính đồng phân cấu tạo) ?

A

$\dfrac{{{n^2}.(n + 1)}}{2}$
B

$\dfrac{{n.(n + 1)}}{2}$
C

$\dfrac{{{n^2}.(n + 2)}}{2}$
D

$\dfrac{{n.(n + 2)}}{2}$

Câu 4 :

Cho hỗn hợp X gồm 2 axit béo RCOOH và R’COOH tác dụng với glixerol. Số lượng chất béo tối đa có thể thu được là bao nhiêu ?

A

3
B

4
C

6
D

2

Câu 5 :

Thủy phân 1 chất béo X trong môi trường axit, sau phản ứng thu được glixerol và 2 axit béo.

Xác định số đồng phân cấu tạo của X ?

A

3
B

4
C

1
D

5

Câu 6 :

Thủy phân hoàn toàn chất béo X trong môi trường axit, thu được axit oleic và axit stearic có tỉ lệ mol tương ứng 1 : 2. Khối lượng phân tử của X là:

A

886
B

890
C

884
D

888

Câu 7 :

Cho 0,1 mol tristearin (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ tác dụng hoàn toàn với H₂O dư, đun nóng, có xúc tác H₂SO₄ thu được m gam glixerol. Giá trị của m là

A

27,6.
B

4,6.
C

14,4.
D

9,2.

Câu 8 :

Tính lượng triolein cần để điều chế 5,88 kg glixerol ( H = 85%) ?

A

66,47 kg.
B

56,5 kg.
C

48,025 kg.
D

22,26 kg.

Câu 9 :

Khi thuỷ phân chất béo trong môi trường kiềm thì thu được muối của axit béo và:

A

Phenol.
B

Glixerol.
C

Ancol đơn chức
D

Este đơn chức.

Câu 10 :

Khi xà phòng hóa tristearin ta thu được sản phẩm là

A

C₁₅H₃₁COONa và etanol
B

C₁₇H₃₅COOH và glixerol.
C

C₁₅H₃₁COOH và glixerol.
D

C₁₇H₃₅COONa và glixerol.

Câu 11 :

Xà phòng hóa hoàn toàn trieste X bằng dd NaOH thu được 9,2g glixerol và 83,4g muối của một axit no. Axit đó là

A

Stearic
B

Oleic
C

Panmitic
D

Linoleic

Câu 12 :

Xà phòng hoá hoàn toàn 17,24 gam chất béo cần vừa đủ 0,06 mol NaOH. Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được khối lượng xà phòng là

A

17,80 gam.
B

18,24 gam.
C

16,68 gam
D

18,38 gam.

Câu 13 :

Đun nóng chất béo cần vừa đủ 40 kg dung dịch NaOH 15%, giả sử phản ứng xảy ra hoàn toàn. Khối lượng (kg) glixerol thu được là

A

13,8
B

4,6
C

6,975
D

9,2

Câu 14 :

Một loại chất béo có M _tb = 792,8. Từ 10 kg chất béo trên sẽ điều chế được m kg xà phòng natri có 28% chất phụ gia. m có giá trị

A

13,48kg
B

14,38kg
C

10,353kg
D

14,83 kg

Câu 15 :

Đốt cháy hoàn toàn 1 mol chất béo, thu được CO₂và H₂O hơn kém nhau 7 mol. Mặt khác, a mol chất béo trên tác dụng tối đa với 800 ml dung dịch Br₂ 1M. Giá trị của a là

A

0,16.
B

0,40.
C

0,20
D

0,10.

Câu 16 :

Triolein không tác dụng với chất (hoặc dung dịch) nào sau đây?

A

H₂O (xúc tác H₂SO₄ loãng, đun nóng)
B

Cu(OH)₂ (ở điều kiện thường)
C

Dung dịch NaOH (đun nóng)
D

H₂ (xúc tác Ni, đun nóng)

Câu 17 :

Chất béo X tác dụng với H₂ (xúc tác: Ni, t⁰) theo tỷ lệ mol tối đa ${n_X}:{n_{{H_2}}} = 1:3$. X là:

A

Trilinolein.
B

Tripanmitin .
C

Tristearin.
D

Triolein

Câu 18 :

Cho các phát biểu sau:

(a) Chất béo được gọi chung là triglixerit hay triaxylglixerol.

(b) Chất béo nhẹ hơn nước, không tan trong nước nhưng tan nhiều trong dung môi hữu cơ.

(d) Tristearin, triolein có công thức lần lượt là: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅, (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅.

Số phát biểu đúng là

A

3
B

2
C

4
D

1

Câu 19 :

Nhận xét nào sau đây không đúng ?

A

Chất béo nhẹ hơn nước và không tan trong nước.
B

Chất béo là đi este của glixerol và các axit béo.
C

Hiđro hóa hoàn toàn triolein hoặc trilinolein đều thu được tristearin.
D

Dầu mỡ động thực vật bị ôi thiu do nối đôi C=C ở gốc axit không no của chất béo bị oxi hóa chậmbởi oxi không khí tạo thành peoxit chất này bị thủy phân thành các sản phẩm có mùi khó chịu.

Câu 20 :

Cho dãy các chất: phenyl axetat, anlyl axetat, metyl axetat, etyl fomat, tripanmitin. Số chất trong dãy khi thủy phân trong dung dịch NaOH (dư), đun nóng sinh ra ancol là

A

3
B

5
C

4
D

2

Câu 21 :

Cho triolein lần lượt tác dụng với Na, H₂ (Ni, t^o), dung dịch NaOH (t^o), Cu(OH)₂. Số trường hợp có phản ứng xảy ra là:

A

3
B

1
C

4
D

2

Câu 22 :

Thủy phân hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH thu được glixerol, natri stearate và natri oleat. Đốt cháy hoàn toàn m gam X thu được H₂O và 9,12 mol CO₂. Mặt khác m gam X tác dụng hoàn toàn với H₂ dư(xúc tác Ni, nung nóng) thu được chất béo Y. Đem toàn bộ Y tác dụng hoàn toàn với NaOH vừa đủ, thu lấy toàn bộ muối sau phản ứng đốt cháy trong oxi dư thì thu được tối đa a gam H₂O. Giá trị của a gần nhất với giá trị nào sau đây ?

A

145
B

150
C

155
D

160

Câu 23 :

Cho 1 mol triglixerit X tác dụng với dung dịch NaOH dư, thu được 1 mol glixerol, 1 mol natri panmitin và 2 mol natri oleat. Phát biểu nào sau đây sai?

A
Phân tử X có 5 liên kết π.
B
Có 2 đồng phân cấu tạo thỏa mãn tính chất của X.
C
Công thức phân tử chất X là C₅₂H₉₆O₆.
D
1 mol X làm mất màu tối đa 2 mol Br₂ trong dung dịch.

Câu 24 :

Hỗn hợp X gồm các triglixerit. Đốt cháy hoàn toàn 0,05 mol X, cần dùng vừa đủ 3,75 mol O₂ thì thu được H₂O và 2,7 mol CO₂. Mặt khác, xà phòng hóa hoàn toàn 50,4 gam X bằng dung dịch NaOH, thu được glixerol và m gam muối. Giá trị của m là

A
52,08.
B
48,72.
C
41,04.
D
43,40.

Câu 25 :

Đốt cháy hoàn toàn a gam triglixerit X cần vừa đủ 3,26 mol O₂, thu được 2,28 mol CO₂ và 39,6 gam nước. Mặt khác thủy phân hoàn toàn a gam X trong dung dịch NaOH đun nóng, thu được dung dịch chứa b gam muối. Giá trị của b là

A
31,92
B
36,72
C
40,40
D
35,60

Câu 26 :

Thủy phân hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH, thu được glixerol, natri stearat và natri oleat. Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần vừa đủ 3,22 mol O₂, thu được H₂O và 2,28 mol CO₂. Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br₂ trong dung dịch. Giá trị của a là

A
0,08.
B
0,20.
C
0,04.
D
0,16.

Câu 27 :

Thủy phân hoàn toàn a mol triglixerit X trong dung dịch NaOH vừa đủ, thu được glixerol và m gam hỗn hợp muối. Đốt cháy hoàn toàn a mol X cần vừa đủ 7,75 mol O₂ và thu được 5,5 mol CO₂. Mặt khác, a mol X tác dụng tối đa với 0,2 mol Br₂ trong dung dịch. Giá trị của m là

A
82,4.
B
97,6.
C
80,6.
D
88,6.

Câu 28 :

Câu 40. Tiến hành thí nghiệm xà phòng hóa chất béo:

Bước 1: Cho vào bát sứ khoảng 3 gam mỡ lợn và 6 ml dung dịch NaOH 40%.

Bước 2: Đun sôi nhẹ hỗn hợp và liên tục khuấy bằng đũa thủy tinh khoảng 30 phút, thỉnh thoảng thêm vài giọt nước cất vào để giữ cho thể tích của hỗn hợp không đổi rồi để nguội.

Bước 3: Rót thêm vào hỗn hợp 9 – 12 ml dung dịch NaCl bão hòa nóng, khuấy nhẹ rồi để yên hỗn hợp.

Phát biểu nào sau đây sai?

A
Ở bước 1, nếu thay mỡ lợn bằng dầu ăn thì hiện tượng thí nghiệm sau bước 3 vẫn xảy ra tương tự.
B
Mục đích chính của việc thêm dung dịch NaCl bão hòa vào là để tăng hiệu suất phản ứng.
C
Sau bước 3, chất lỏng trong bát sứ hòa tan được Cu(OH)₂.
D

Sau bước 3, chất rắn nổi lên chính là xà phòng

Câu 29 :

Đốt cháy hoàn toàn một lượng chất béo X cần dùng vừa đủ 3,24 mol O₂. Mặt khác, thủy phân hoàn toàn lượng chất béo trên bằng NaOH thu được m gam hỗn hợp hai muối của axit oleic và axit stearic. Biết lượng X trên có thể làm mất màu dung dịch chứa tối đa 0,04 mol Br₂. Giá trị của m là

A
36,56.
B
35,52.
C
18,28.
D
36,64.

Câu 30 :

Xà phòng hóa hoàn toàn m gam hỗn hợp E gồm các triglixerit bằng dung dịch NaOH, thu được glixerol và hỗn hợp X gồm ba muối C₁₇H_xCOONa, C₁₅H₃₁COONa, C₁₇H_yCOONa có tỉ lệ mol tương ứng là 3 : 4 : 5. Hiđro hóa hoàn toàn m gam E, thu được 68,96 gam hỗn hợp Y. Nếu đốt cháy hoàn toàn m gam E thì cần vừa đủ 6,14 mol O₂. Giá trị của m là

A
68,40.
B
60,20.
C
68,80.
D
68,84.

Câu 31 :

Thủy phân chất béo triglixerit X trong dung dịch NaOH người ta thu được xà phòng là hỗn hợp 2 muối natri oleat, natri panmitat theo tỉ lệ mol lần lượt là 2 : 1. Khi đốt cháy a mol X thu được b mol CO₂ và c mol H₂O. Liên hệ giữa a, b, c là

A
b - c = 4a
B
b - c = 2a
C
b - c = 5a
D
b - c = 3a

Câu 32 :

Khi đun nóng 2,225 kg chất béo Tristearin (có chứa 20% tạp chất trơ) với dung dịch NaOH dư. Giả sử hiệu suất của phản ứng 100%. Khối lượng glixerol thu được là

A
0,184 kg.
B
0,216 kg.
C
0,235 kg.
D
0,385 kg.

Câu 33 :

Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ 3,08 mol O₂, thu được CO₂ và 2 mol H₂O. Cho m gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được glixerol và 35,36 gam muối. Mặt khác, m gam X tác dụng tối đa với a mol Br₂ trong dung dịch. Giá trị của a là

A
0,2.
B
0,24.
C
0,12.
D
0,16.

Câu 34 :

Xà phòng hóa hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH dư, thu được glyxerol, natri oleat, natri stearat và natri panmitat. Phân tử khối của X là

A
884
B
862
C
886
D
860

Câu 35 :

Thủy phân hoàn toàn m gam triglixerit X cần dùng vừa đủ 300 ml dung dịch NaOH 1M, thu được glixerol và 91,8 gam muối của 1 axit béo. Giá trị của m là

A
80
B
89
C
79
D
107

Câu 36 :

Khi thuỷ phân chất béo X trong dung dịch NaOH, thu được hỗn hợp hai muối C₁₇H₃₅COONa, C₁₅H₃₁COONa có khối lượng hơn kém nhau 1,817 lần và glixerol. Trong phân tử X có

A
3 gốcC₁₇H₃₅COO.
B
2 gốc C₁₅H₃₁COO.
C
2 gốc C₁₇H₃₅COO.
D
3 gốcC₁₅H₃₁COO.

Câu 37 :

Đốt cháy hoàn toàn 25,74 gam triglixerit X, thu được CO₂ và 1,53 mol H₂O. Cho 25,74 gam X tác dụng với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được glixerol và m gam muối. Mặt khác, 25,74 gam X tác dụng được tối đa với 0,06 mol Br₂ trong dung dịch. Giá trị của m là

A
27,72.
B
27,42.
C
26,58.
D
24,18.

Câu 38 :

Đốt cháy hoàn toàn a gam triglixerit X cần vừa đủ 7,8 mol O₂ thu được 5,5 mol CO₂ và 5,2 mol H₂O. Mặt khác cho a gam X phản ứng với vừa đủ dung dịch Br₂. Số mol Br₂ tham gia phản ứng là:

A
0,2
B
0,1
C
0,4
D
0,3

Câu 39 :

Cho 28,96 gam hỗn hợp X gồm chất béo Y và axit Z (trong đó Y được tạo từ glixerol và axit Z) tác dụng vừa đủ với 0,1 mol NaOH thu được 1,84 gam glixerol. Phân tử khối của axit Z là:

A
237 đvC.
B
282 đvC.
C
284 đvC.
D
256 đvC.

Câu 40 :

Cho các sơ đồ phản ứng theo đúng tỉ lệ mol:

(a) X + 3H₂O $\underset{{{t^o}}}{\overset{{{H_2}S{O_4}}}{\longleftrightarrow}}$ X₁ + X₂ + X₃ + X₄

(b) X₁ + 2H₂ $\xrightarrow{{Ni,{t^o}}}$ X₂

Cho biết: X là triglixerit có số liên kết π nhỏ hơn 6 và có 55 nguyên tử cacbon trong phân tử; X₁, X₂, X₃, X₄ là những hợp chất hữu cơ khác nhau, X₂ nhiều hơn X₃ hai nhóm CH₂. Nhận định nào sau đây không đúng?

A
%m_H trong X₃ là 12,5%.
B
X₄ là glixerol.
C
X có 5 liên kết π.
D
%m_C trong X₁ < 77%.

Câu 41 :

Đốt cháy hoàn toàn a gam triglixerit X cần vừa đủ 0,32 mol O₂ thu được 0,228 mol CO₂ và 0,208 mol H₂O. Mặt khác, cho a gam X vào 45 ml dung dịch hỗn hợp gồm NaOH 0,1M và KOH 0,1M sau phản ứng hoàn toàn cô cạn dung dịch thu được chất rắn chứa m gam muối khan. Giá trị của m là

A

3,768
B

3,712
C

2,808
D

3,692

Câu 42 :

Hỗn hợp E gồm axit panmitic, axit stearic và triglixerit X. Cho m gam E tác dụng hoàn toàn với dung dịch NaOH dư, thu được 86,76 gam hỗn hợp hai muối. Nếu đốt cháy hết m gam E thì cần vừa đủ 7,47 mol O₂, thu được H₂O và 5,22 mol CO₂. Khối lượng của X trong m gam E là

A
50,04 gam.
B
53,40 gam.
C
51,72 gam.
D
48,36 gam.

Câu 43 :

Thực hiện xà phòng hóa m gam chất béo X bằng KOH thu được 96,2 gam chất rắn và 9,2 gam glixerol. Giá trị m là:

A
88,6.
B
102,6.
C
105,4.
D
99,8.

Câu 44 :

Hỗn hợp X gồm các triglixerit trong phân tử đều chứa axit stearic, axit oleic, axit linoleic.Đốt cháy hoàn toàn m gam X cần a mol O₂ thu được 0,285 mol CO₂. Xà phòng hóa hoàn toàn m gam X bằng dung dịch NaOH vừa đủ được m₁ gam muối. Giá trị a và m₁ lần lượt là

A
0,8 và 8,82.
B
0,4 và 4,56.
C
0,4 và 4,32.
D
0,8 và 4,56.

Câu 45 :

Đốt cháy hoàn toàn m gam một triglixerit X cần vừa đủ x mol O₂, sau phản ứng thu được CO₂ và y mol H₂O. Biết m = 78x - 103y. Nếu cho a mol X tác dụng với dung dịch Br₂ dư thì lượng Br₂ phản ứng tối đa là 0,45 mol. Giá trị của a là

A
0,08.
B
0,15.
C
0,2.
D
0,05.

Câu 46 :

Tiến hành thí nghiệm xà phòng hóa chất béo:

Bước 1: Cho vào bát sứ nhỏ khoảng 2 ml dầu dừa và 6 ml dung dịch NaOH 40%.

Bước 2: Đun sôi nhẹ hỗn hợp, liên tục khuấy đều bằng đũa thủy tinh khoảng 30 phút và thỉnh thoảng thêm nước cất để giữ cho thể tích hỗn hợp không đổi rồi để nguội hỗn hợp.

Bước 3: Rót thêm vào hỗn hợp 7-10 ml dung dịch NaCl bão hòa nóng, khuấy nhẹ rồi để yên hỗn hợp.

Cho các phát biểu sau:

(a) Sau bước 3, thấy có lớp chất rắn màu trắng nổi lên là glixerol.

(b) Thêm dung dịch NaCl bão hòa nóng để làm tăng hiệu suất phản ứng.

(d) Trong thí nghiệm này, có thể thay dầu dừa bằng dầu nhờn bôi trơn máy.

Số phát biểu đúng là

A
1.
B
4.
C
3.
D
2.

Lời giải và đáp án

Câu 1 :

Thủy phân tristearin trong môi trường axit ta thu được sản phẩm là:

A

C₁₇H₃₅COOH và glixerol.
B

C₁₅H₃₁COONa và glixerol.
C

C₁₅H₃₁COOH và glixerol.
D

C₁₇H₃₅COONa và glixerol.

Đáp án : A

Lời giải chi tiết :

Tristearin có công thức là: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

(C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ + 3H₂O → 3C₁₇H₃₅COOH + C₃H₅(OH)₃

Câu 2 :

Thủy phân hoàn toàn một lượng tristrearin trong dung dịch NaOH (vừa đủ), thu được 1 mol glyxerol và:

A

3 mol C₁₇H₃₅COONa.
B

3 mol C₁₇H₃₃COONa.
C

1 mol C₁₇H₃₃COONa
D

3 mol C₁₇H₃₁COONa.

Đáp án : A

Lời giải chi tiết :

Tristearin là trieste của glixerol và axit stearic ( C₁₇H₃₅COOH).

Khi thủy phân trong dung dịch kiềm sẽ tạo muối và glixerol.

(1 mol trieste tạo 1mol glixerol và 3 mol muối Na)

Câu 3 :

Đun glixerol với hỗn hợp các gồm n axit béo khác nhau (có xúc tác H₂SO₄) có thể thu được bao nhiêu loại trieste (chỉ tính đồng phân cấu tạo) ?

A

$\dfrac{{{n^2}.(n + 1)}}{2}$
B

$\dfrac{{n.(n + 1)}}{2}$
C

$\dfrac{{{n^2}.(n + 2)}}{2}$
D

$\dfrac{{n.(n + 2)}}{2}$

Đáp án : A

Lời giải chi tiết :

Ta thấy rằng +) Trieste gồm 1 loại axit béo -> có 1 đồng phân.

+) Trieste gồm 2 loại axit béo -> có 4 đồng phân.

+ Trieste gồm 3 loại axit béo -> có 3 đồng phân.

Lần lượt chọn 1 trong n, 2 trong n, 3 trong n (ứng với 3 loại Trieste kể trên) :$C_n^1;C_n^2;C_n^3$

Số đồng phân là : $1. C_n^1 + 4.C_n^2 + 3.C_n^3$ $= n + 4.\dfrac{{n!}}{{2!.(n - 2)!}} + 3.\dfrac{{n!}}{{3!(n - 3)!}}$ =$\dfrac{{{n^2}.(n + 1)}}{2}$

Câu 4 :

Cho hỗn hợp X gồm 2 axit béo RCOOH và R’COOH tác dụng với glixerol. Số lượng chất béo tối đa có thể thu được là bao nhiêu ?

A

3
B

4
C

6
D

2

Đáp án : C

Lời giải chi tiết :

Cách 1:

TH1: 3 gốc axit béo giống nhau $\left\{ \begin{array}{l}{(RCOO)_3}{C_3}{H_5}\\{(R'COO)_3}{C_3}{H_5}\end{array} \right.$

TH2: 2 gốc axit béo giống nhau $\left[ \begin{array}{l}2R + R'\\2R' + R\end{array} \right.$ mỗi trường hợp có 2 cách lựa chọn

RCOO RCOO RCOO R'COO

RCOO R'COO R’COO RCOO

R’COO RCOO R'COO R'COO

Vậy có tất cả 6 CTCT

Cách 2: Áp dụng công thức giải nhanh

Số đồng phân: $\dfrac{{{n^2}(n + 1)}}{2} = 6$

Câu 5 :

Thủy phân 1 chất béo X trong môi trường axit, sau phản ứng thu được glixerol và 2 axit béo.

Xác định số đồng phân cấu tạo của X ?

A

3
B

4
C

1
D

5

Đáp án : B

Lời giải chi tiết :

Chất béo + H₂O → C₃H₅(OH)₃ + 2 axit

=> Chất béo chứa 2 gốc axit => Trong phân tử chứa 2 loại gốc axit béo

=> $\left[ \begin{array}{l}2R + R'(2dp)\\2R' + R(2dp)\end{array} \right.$

Câu 6 :

Thủy phân hoàn toàn chất béo X trong môi trường axit, thu được axit oleic và axit stearic có tỉ lệ mol tương ứng 1 : 2. Khối lượng phân tử của X là:

A

886
B

890
C

884
D

888

Đáp án : D

Lời giải chi tiết :

M = C₃H₅ + (oleic – H) + 2.(stearic – H) = 41 + (282 – 1) + 2.(284 – 1) = 888g

Câu 7 :

Cho 0,1 mol tristearin (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ tác dụng hoàn toàn với H₂O dư, đun nóng, có xúc tác H₂SO₄ thu được m gam glixerol. Giá trị của m là

A

27,6.
B

4,6.
C

14,4.
D

9,2.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

- Tính số mol của glixerol

n _glixerol= n _este

- Tính m

Lời giải chi tiết :

n _glixerol= n _este= 0,1 mol

=> m _glixerol = 0,1. 92 = 9,2 gam

Câu 8 :

Tính lượng triolein cần để điều chế 5,88 kg glixerol ( H = 85%) ?

A

66,47 kg.
B

56,5 kg.
C

48,025 kg.
D

22,26 kg.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Bước 1: Tính số mol glixerol

Bước 2: Tính lượng triolein lý thuyết

n _triolein = n _glixerol

Bước 3: Tính lượng triolein thực tế thu được

$H\% = \dfrac{{m\,{_{LT}}}}{{m\,{_{TT}}}}.100 = > m\,{_{TT}} = m\,{_{LT}}.\dfrac{{100 }}{{H\%}}$

Lời giải chi tiết :

$\begin{array}{l}n{{\rm{ }}_{triolein{\rm{ }}}} = {\rm{ }}n{{\rm{ }}_{glixerol}} = \dfrac{{5,88}}{{92}}(kmol)\\m{{\rm{ }}_{ly\,\,thuyet\,\,\,triolein{\rm{ }}}} = \dfrac{{5,88}}{{92}}.884(kg)\\{m_{thuc\,\,te}}\,{\,_{triolein}} = \dfrac{{5,88}}{{92}}.884.\dfrac{{100}}{{85}} \approx 66,47kg\end{array}$

Câu 9 :

Khi thuỷ phân chất béo trong môi trường kiềm thì thu được muối của axit béo và:

A

Phenol.
B

Glixerol.
C

Ancol đơn chức
D

Este đơn chức.

Đáp án : B

Lời giải chi tiết :

Khi thuỷ phân chất béo trong môi trường kiềm thì thu được muối của axit béo và glixerol

Câu 10 :

Khi xà phòng hóa tristearin ta thu được sản phẩm là

A

C₁₅H₃₁COONa và etanol
B

C₁₇H₃₅COOH và glixerol.
C

C₁₅H₃₁COOH và glixerol.
D

C₁₇H₃₅COONa và glixerol.

Đáp án : D

Lời giải chi tiết :

${({C_{17}}{H_{35}}COO)_3}{C_3}{H_5} + 3NaOH \to 3{C_{17}}{H_{35}}COONa + {C_3}{H_5}{(OH)_3}$

Câu 11 :

Xà phòng hóa hoàn toàn trieste X bằng dd NaOH thu được 9,2g glixerol và 83,4g muối của một axit no. Axit đó là

A

Stearic
B

Oleic
C

Panmitic
D

Linoleic

Đáp án : C

Phương pháp giải :

Bước 1: Tính n_muối

Bước 2: Tính M_muối

Bước 3: Xác định axit

M_RCOONa= M_R+67

Lời giải chi tiết :

$\begin{array}{l} {n_{glixerol}} = 0,1mol\\{n_{muoi}} = 3\,{n_{glixerol}} = 0,06mol\\ = > {M_{muoi}} = \dfrac{{83,4}}{{0,3}} = 278\\ = > {M_R} + {\rm{ }}44{\rm{ }} + {\rm{ }}23{\rm{ }} = {\rm{ }}278\\ = > {M_R} = 211: - {C_{15}}{H_{31}}\\{({C_{15}}{H_{31}}{\rm{COO}})_3}{C_3}{H_5}:tripanmitin\end{array}$

Câu 12 :

Xà phòng hoá hoàn toàn 17,24 gam chất béo cần vừa đủ 0,06 mol NaOH. Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được khối lượng xà phòng là

A

17,80 gam.
B

18,24 gam.
C

16,68 gam
D

18,38 gam.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Bảo toàn khối lượng: m _{xà phòng} = m _{chất béo} + m _NaOH – m _glixerol

Lời giải chi tiết :

n _NaOH = 3 n _glixerol => n _glixerol= 0,02 mol

BTKL: m _{xà phòng} = m _{chất béo} + m _NaOH – m _glixerol

= 17,24 + 0,06. 40 – 0,02. 92= 17,8 gam

Câu 13 :

Đun nóng chất béo cần vừa đủ 40 kg dung dịch NaOH 15%, giả sử phản ứng xảy ra hoàn toàn. Khối lượng (kg) glixerol thu được là

A

13,8
B

4,6
C

6,975
D

9,2

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Bước 1: Tính nNaOH

$C\% = \dfrac{{{m_{NaOH}}}}{{{m_{{\rm{dd}}}}}}.100$

Bước 2: Tính khối lượng glixerol

n_NaOH = 3n_glixerol.

Lời giải chi tiết :

$\begin{array}{l}{m_{NaOH}} = \dfrac{{40.15}}{{100}} = 6(kg)\\{n_{NaOH}} = 0,15(kmol)\\{n_{NaOH}} = 3{n_{glixerol}} = > {n_{glixerol}} = 0,15:3 = 0,05(kmol)\\{m_{glixerol}} = 0,05.92 = 4,6(kg)\end{array}$

Câu 14 :

Một loại chất béo có M _tb = 792,8. Từ 10 kg chất béo trên sẽ điều chế được m kg xà phòng natri có 28% chất phụ gia. m có giá trị

A

13,48kg
B

14,38kg
C

10,353kg
D

14,83 kg

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Bước 1: Tính số mol chất béo.

Bước 2: Tính khối lượng xà phòng

n _NaOH = 3n_{chất béo}

n _glixerol= n_{chất béo}

BTKL: ${m_{c.beo}} + {m_{NaOH}} = {m_{xa\,phong}} + {m_{glixerol}}$

Xà phòng natri có 28% phụ gia => xà phòng chứa 72% muối natri.

Lời giải chi tiết :

$\begin{align} & {{n}_{c.beo}}=\dfrac{10}{792,8}(kmol) \\ & {{n}_{NaOH}}=3{{n}_{c.beo}}=3.\dfrac{10}{792,8}=>{{m}_{NaOH}}=3.\dfrac{10.40}{792,8}(kg) \\ & {{n}_{glixerol}}={{n}_{c.beo}}=\dfrac{10}{792,8}=>{{m}_{glixerol}}=\dfrac{10}{792,8}.92(kg) \\ & \xrightarrow{BTKL}{{m}_{c.beo}}+{{m}_{NaOH}}={{m}_{xa\,phong}}+{{m}_{glixerol}} \\ & \,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,=>{{m}_{xa\,phong}}=10+3.\dfrac{10.40}{792,8}-\frac{10.92}{792,8}=10,35kg \\\end{align}$

Do xà phòng natri có 28% phụ gia=> khối lượng xà phòng cần tìm là:

$10,35.\dfrac{{100}}{{100 - 28}} = 14,375 \approx 14,38kg$

Câu 15 :

A

0,16.
B

0,40.
C

0,20
D

0,10.

Đáp án : A

Lời giải chi tiết :

Tổng quát : n_CO2 – n_H2O = (tổng số liên kết pi – 1) . n_béo

=> tổng số liên kết pi= 8

Trong đó có 3 pi của COO không thể tham gia phản ứng với Br₂

=> n_Br2 = (8 – 3).n_béo => a = 0,16 mol

Câu 16 :

Triolein không tác dụng với chất (hoặc dung dịch) nào sau đây?

A

H₂O (xúc tác H₂SO₄ loãng, đun nóng)
B

Cu(OH)₂ (ở điều kiện thường)
C

Dung dịch NaOH (đun nóng)
D

H₂ (xúc tác Ni, đun nóng)

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Xem lại lí thuyết chất béo

Lời giải chi tiết :

A. Triolein thủy phân trong môi trường axit cho sp là axit oleic và glixerol

C. Triolein phản ứng với dd NaOH (xà phòng hóa) cho sp là muối natri của axit oleic và glixerol.

D. Trong phân tử triolein có chứa liên kết pi nên có phản ứng với H₂(xt Ni, t⁰)

B. Triolein không phản ứng với Cu(OH)₂ ở điều kiện thường.

Câu 17 :

Chất béo X tác dụng với H₂ (xúc tác: Ni, t⁰) theo tỷ lệ mol tối đa ${n_X}:{n_{{H_2}}} = 1:3$. X là:

A

Trilinolein.
B

Tripanmitin .
C

Tristearin.
D

Triolein

Đáp án : D

Lời giải chi tiết :

${n_X}:{n_{{H_2}}} = 1:3$

X có 3 liên kết π trong gốc hidrocacbon → X là triolein.

Câu 18 :

Cho các phát biểu sau:

(a) Chất béo được gọi chung là triglixerit hay triaxylglixerol.

(b) Chất béo nhẹ hơn nước, không tan trong nước nhưng tan nhiều trong dung môi hữu cơ.

(d) Tristearin, triolein có công thức lần lượt là: (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅, (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅.

Số phát biểu đúng là

A

3
B

2
C

4
D

1

Đáp án : A

Lời giải chi tiết :

Phát biểu: (a); (b); (c) đúng.

(d): sai Tristearin, triolein có công thức lần lượt là: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅, (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅.

Vậy có 3 phát biểu đúng.

Câu 19 :

Nhận xét nào sau đây không đúng ?

A

Chất béo nhẹ hơn nước và không tan trong nước.
B

Chất béo là đi este của glixerol và các axit béo.
C

Hiđro hóa hoàn toàn triolein hoặc trilinolein đều thu được tristearin.
D

Dầu mỡ động thực vật bị ôi thiu do nối đôi C=C ở gốc axit không no của chất béo bị oxi hóa chậmbởi oxi không khí tạo thành peoxit chất này bị thủy phân thành các sản phẩm có mùi khó chịu.

Đáp án : B

Lời giải chi tiết :

A. Đúng, Chất béo nhẹ hơn nước và không tan trong nước.

B.Sai, Chất béo là trieste của glixerol và các axit béo.

C. Đúng, Phản ứng:

$\left| \begin{align}& {{({{C}_{17}}{{H}_{33}}COO)}_{3}}{{C}_{3}}{{H}_{5}}+3{{H}_{2}} \\ & {{({{C}_{17}}{{H}_{31}}COO)}_{3}}{{C}_{3}}{{H}_{5}}+6{{H}_{2}} \\ \end{align} \right.\xrightarrow{Ni,{{t}^{o}}}{{({{C}_{17}}{{H}_{35}}COO)}_{3}}{{C}_{3}}{{H}_{5}}$

D. Đúng, Dầu mỡ động thực vật bị ôi thiu do nối đôi C=C ở gốc axitkhông no của chất béo bị oxihóa chậmbởi oxi không khí tạo thành peoxit chất này bị thủy phân thành các sản phẩm có mùi khó chịu

Câu 20 :

Cho dãy các chất: phenyl axetat, anlyl axetat, metyl axetat, etyl fomat, tripanmitin. Số chất trong dãy khi thủy phân trong dung dịch NaOH (dư), đun nóng sinh ra ancol là

A

3
B

5
C

4
D

2

Đáp án : C

Lời giải chi tiết :

$\begin{array}{l}C{H_3}COO{C_6}{H_5} + 2NaOH \to C{H_3}COONa + {C_6}{H_5}ONa + {H_2}O\\\,\,\,Phenyl{\rm{ }}axetat\\C{H_3}COOC{H_2}CH = C{H_2} + NaOH \to C{H_3}COONa + HOC{H_2}CH = C{H_2}\\\,\,\,\,\,anylaxetat\\C{H_3}COOC{H_3} + NaOH \to C{H_3}COONa + C{H_3}OH\\\,\,\,\,metylaxetat\\HCOO{C_2}{H_5} + NaOH \to HCOONa + {C_2}{H_5}OH\\\,\,\,\,etylfomiat\\{({C_{15}}{H_{31}}COO)_3}{C_3}{H_5} + 3NaOH \to 3{C_{15}}{H_{31}}COONa + {C_3}{H_5}{(OH)_3}\\\,\,\,\,tripanmitin\end{array}$

Vậy có 4 chất khi thủy phân trong dung dịch NaOH (dư), đun nóng sinh ra ancol

Câu 21 :

Cho triolein lần lượt tác dụng với Na, H₂ (Ni, t^o), dung dịch NaOH (t^o), Cu(OH)₂. Số trường hợp có phản ứng xảy ra là:

A

3
B

1
C

4
D

2

Đáp án : D

Lời giải chi tiết :

Triolein có CT (C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅

k = 1

=> triolein phản ứng với H₂ (Ni, t^o), dung dịch NaOH (t^o)

Câu 22 :

A

145
B

150
C

155
D

160

Đáp án : B

Phương pháp giải :

X có CTHH là (C₁₇H₃₃COO)_n(C₁₇H₃₅COO)_3-n C₃H₅

X + O₂ → 57CO₂ → n_X

X + H₂ → (C₁₇H₃₅COO)₃ C₃H₅ : ? mol

Y + NaOH → 3C₁₇H₃₅COONa : ? mol

C₁₇H₃₅COONa + O₂ → CO₂ +Na₂CO₃ + H₂O

Bảo toàn H

Lời giải chi tiết :

X có CTHH là (C₁₇H₃₃COO)_n(C₁₇H₃₅COO)_3-n C₃H₅

X + O₂ → 57CO₂ → n_X = 9,12 : 57 = 0,16 mol

X + H₂ → (C₁₇H₃₅COO)₃ C₃H₅ : 0,16 mol

Y + NaOH → 3C₁₇H₃₅COONa : 0,48 mol

Bảo toàn nguyên tố H khi đốt muối có 2n_H2O = n_H = 0,48. 35 =16,8 mol

→ n_H2O = 8,4 mol → m_H2O = 151,2 gam gần nhất với 150 gam

Câu 23 :

Cho 1 mol triglixerit X tác dụng với dung dịch NaOH dư, thu được 1 mol glixerol, 1 mol natri panmitin và 2 mol natri oleat. Phát biểu nào sau đây sai?

A
Phân tử X có 5 liên kết π.
B
Có 2 đồng phân cấu tạo thỏa mãn tính chất của X.
C
Công thức phân tử chất X là C₅₂H₉₆O₆.
D
1 mol X làm mất màu tối đa 2 mol Br₂ trong dung dịch.

Đáp án : C

Phương pháp giải :

Từ dữ kiện thu được số mol muối natri panmitin và natri oleat → công thức của triglixerit ban đầu tạo bởi 2 gốc axit olein và 1 gốc axit panmitin với glixerol

Từ đó kết luận được các nhận định đề cho là đúng hay sai

Lời giải chi tiết :

=> CTCT của X là:

A. đúng, phân tử X có 5 liên kết π với 3 liên kết π trong nhóm -COO- và 2 liên kết π C=C trong nhóm C₁₇H₃₃-

B. đúng

C. sai, công thức phân tử của X là C₅₅H₁₀₂O₆

D. đúng, vì X có 2 liên kết π C=C trong nhóm C₁₇H₃₃-

Câu 24 :

A
52,08.
B
48,72.
C
41,04.
D
43,40.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Đặt công thức của hỗn hợp X các triglixerit là (RCOO)₃C₃H₅ : 0,05 (mol) (với R là giá trị trung bình)

BTNT (O) ta có: $6{n_X} + 2{n_{{O_2}}} = {n_{{H_2}O}} + 2{n_{C{O_2}}} \to {n_{{H_2}O}} = ?\,\,mol$

BTKL ta có: ${m_X} = {m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}} - {m_{{O_2}}} = ?$

$ \to {M_X} = \dfrac{{{m_X}}}{{{n_X}}} = ?$

Xét 50,4 gam X phản ứng với NaOH → n_X = ? (mol)

PTHH: (RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

BTKL ta có: m_X + m_NaOH = m_muối + ${m_{{C_3}{H_5}{{(OH)}_3}}}$

Lời giải chi tiết :

Đặt công thức của hỗn hợp X các triglixerit là (RCOO)₃C₃H₅ : 0,05 (mol) (với R là giá trị trung bình)

BTNT (O) ta có:$6{n_X} + 2{n_{{O_2}}} = {n_{{H_2}O}} + 2{n_{C{O_2}}}$

→ 0,05.6 + 2.3,75 = ${n_{{H_2}O}}$ + 2.2,7

→ ${n_{{H_2}O}}$ = 2,4 (mol)

BTKL ta có: m_X = ${m_{C{O_2}}} + {m_{{H_2}O}} - {m_{{O_2}}}$ = 2,7.44 + 2,4.18 - 3,75.32 = 42

${M_X} = \dfrac{{42}}{{0,05}} = 840$ g/mol

Xét 50,4 gam X phản ứng với NaOH

${n_X} = \dfrac{{50,4}}{{840}} = 0,06\,\,mol$

PTHH: (RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

0,06 → 0,18 → 0,06 (mol)

BTKL ta có: m_X + m_NaOH = m_muối + ${m_{{C_3}{H_5}{{(OH)}_3}}}$

→ 50,4 + 0,18.40 = m_muối + 0,06.92

→ m_muối = 52,08 (g)

Câu 25 :

A
31,92
B
36,72
C
40,40
D
35,60

Đáp án : B

Phương pháp giải :

a g X + 3,26 mol O₂ → 2,28 mol CO₂ + 39,6 gam nước

Bảo toàn khối lượng → a

Bảo toàn nguyên tố O → n_X

X + 3NaOH → muối + C₃H₅(OH)₃

Bảo toàn khối lượng → m_muối

Lời giải chi tiết :

Ta có a g X + 3,26 mol O₂ → 2,28 mol CO₂ + 39,6 gam nước

Bảo toàn khối lượng có a + 3,26.32 = 2,28.44 + 39,6 → a = 35,6 gam

Bảo toàn nguyên tố O có n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

→ n_O(X) + 2.3,26 = 2.2,28 + 2,2 → n_O(X) = 0,24 mol

Vì X là triglixerit nên X chứa 6 O trong công thức phân tử nên n_X = 0,04 mol

Ta có a gam X + 3NaOH → muối + C₃H₅(OH)₃

Ta có n_NaOH = 3n_X = 3.0,04 =0,12 mol

n_C3H5(OH)3 = 0,04 mol

Bảo toàn khối lượng có m_X + m_NaOH =m_muối + m_C3H5(OH)3

→ 35,6 + 0,12.40 = 0,04.92 + m_muối→ m_muối = 36,72 g

Câu 26 :

A
0,08.
B
0,20.
C
0,04.
D
0,16.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

m (g) X phản ứng với tối đa a mol Br₂ thì cũng phản ứng được tối đa a mol H₂

Quy đổi X thành: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ và H₂ (-a mol)

(1) Phương trình áp dụng BTKL

(2) Phương trình áp dụng bảo toàn O

Giải hệ thu được a, b

Lời giải chi tiết :

m (g) X phản ứng với tối đa a mol Br₂ thì cũng phản ứng được tối đa a mol H₂

Quy đổi X thành: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ và H₂ (-a mol)

(1) BTKL: 890b - 2a + 3,22.32 = 2,28.44 + 18.(55b - a)

(2) Bảo toàn O: 6b + 3,22.2 = 2,28.2 + (55b - a)

Giải hệ được a = 0,08 và b = 0,04

Vậy a = 0,08

Câu 27 :

A
82,4.
B
97,6.
C
80,6.
D
88,6.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Giả sử chất béo X có độ bất bão hòa toàn phân tử là k.

+ Khi đốt cháy: ${n_X} = \frac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}}$

+ Khi tác dụng với Br₂ thì: X + (k-3) Br₂ → Sản phẩm cộng

Lời giải chi tiết :

*Đốt a mol X:

Bảo toàn O → n_H2O = 6n_X + 2n_O2 - 2n_CO2 = 6a + 2.7,75 - 2.5,5 = 6a + 4,5 (mol)

Giả sử chất béo X có độ bất bão hòa toàn phân tử là k.

Ta có công thức: ${n_X} = \frac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}} \to a = \frac{{5,5 - \left( {6{\rm{a}} + 4,5} \right)}}{{k - 1}}$

→ ak + 5a = 1 (1)

*a mol X + Br₂ thì:

X + (k - 3)Br₂ → Sản phẩm cộng

→ n_Br2 = (k - 3).n_X → 0,2 = (k - 3).a

→ ak - 3a = 0,2 (2)

Như vậy ta có hệ pt: $\left\{ \begin{array}{l}ak + 5{\rm{a}} = 1\\ak - 3{\rm{a}} = 0,2\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}ak = 0,5\\a = 0,1\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}k = 5\\a = 1\end{array} \right.$

BTKL phản ứng cháy

→ m_X = m_CO2 + m_H2O - m_O2 = 85,8 gam

BTKL phản ứng thủy phân

→ m_muối = m_X + m_NaOH - m_C3H5(OH)3 = 85,8 + 0,3.40 - 0,1.92 = 88,6 gam

Câu 28 :

Câu 40. Tiến hành thí nghiệm xà phòng hóa chất béo:

Bước 1: Cho vào bát sứ khoảng 3 gam mỡ lợn và 6 ml dung dịch NaOH 40%.

Bước 3: Rót thêm vào hỗn hợp 9 – 12 ml dung dịch NaCl bão hòa nóng, khuấy nhẹ rồi để yên hỗn hợp.

Phát biểu nào sau đây sai?

A
Ở bước 1, nếu thay mỡ lợn bằng dầu ăn thì hiện tượng thí nghiệm sau bước 3 vẫn xảy ra tương tự.
B
Mục đích chính của việc thêm dung dịch NaCl bão hòa vào là để tăng hiệu suất phản ứng.
C
Sau bước 3, chất lỏng trong bát sứ hòa tan được Cu(OH)₂.
D

Sau bước 3, chất rắn nổi lên chính là xà phòng

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Lý thuyết về phản ứng thủy phân chất béo trong môi trường kiềm

Lời giải chi tiết :

A đúng, vì mỡ lợn và dầu ăn đều có thành phần chính là chất béo.

B sai, vì mục đích thêm NaCl bão hòa là để làm tăng khối lượng riêng của dung dịch phía dưới và làm giảm độ tan của xà phòng, khiến cho xà phòng dễ nổi lên và tách ra khỏi dung dịch hơn.

C đúng, vì chất lỏng trong bát sứ có chứa glixerol có thể hòa tan được Cu(OH)₂.

D đúng, chất rắn nổi lên chính là xà phòng.

Câu 29 :

A
36,56.
B
35,52.
C
18,28.
D
36,64.

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Phương pháp hiđro hóa chất béo

Phương pháp bảo toàn nguyên tố

Lời giải chi tiết :

Lượng X có thể làm mất màu tối đa 0,04 mol Br₂

→ Hiđro hóa hoàn toàn lượng X trên cần 0,04 mol H₂ tạo thành Y có công thức (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

Vậy lượng O₂ cần dùng để đốt lượng Y trên bằng tổng lượng O₂ đốt X và lượng O₂ đốt H₂

→ n_O2 = 3,24 + 1/2.n_H2 = 3,26 mol

Đặt n_X = n_Y = a (mol)

Sơ đồ:

Bảo toàn O → 6a + 2.3,26 = 2.57a + 55a → a = 0,04

Nếu Y phản ứng hết với NaOH thì thu được C₁₇H₃₅COONa (0,12 mol)

→ m_{muối (do Y)} = 0,12.306 = 36,72 (gam)

→ m_{muối (do X)} = m_{muối (do Y)} - m_H2 = 36,72 - 2.0,04 = 36,64 gam

Vậy m = 36,64 gam

Câu 30 :

A
68,40.
B
60,20.
C
68,80.
D
68,84.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

- Từ tỉ lệ mol của các muối trong X ⟹ số C trung bình của chất béo

- Khi hiđro hóa hết chất béo E sẽ thu được chất béo no Y → Công thức trung bình của chất béo no Y.

Tính số mol của Y (dựa vào khối lượng và M) → số mol của E → số mol của mỗi muối

- Xét phản ứng đốt X: Áp đụng định luật bảo toàn nguyên tố và bảo toàn khối lượng => m

Lời giải chi tiết :

Từ tỉ lệ mol của các muối trong X ta giả sử X chứa:

C₁₇H_xCOONa: 3a (mol)

C₁₅H₃₁COONa: 4a (mol)

C₁₇H_yCOONa: 5a (mol)

Số C trung bình của muối là: $\frac{{18.3 + 16.4 + 18.5}}{{3 + 4 + 5}} = \frac{{52}}{3}$

⟹ Số C trung bình của chất béo E là: $3.\frac{{52}}{3} + 3 = 55$

Hiđro hóa hết E sẽ tạo thành các chất béo no Y có CT trung bình là C₅₅H₁₀₆O₆ → M = 862 (g/mol)

⟹ n_Y = 68,96 : 862 = 0,08 (mol) = n_E

n_cb = 1/3.n_muối = 4a = 0,08 → a = 0,02 (mol)

Vậy muối X chứa:

C₁₇H_xCOONa: 3a = 0,06 (mol)

C₁₅H₃₁COONa: 4a = 0,08 (mol)

C₁₇H_yCOONa: 5a = 0,1 (mol)

- Xét phản ứng đốt X:

Bảo toàn C → n_CO2 = n_C(muối) + n_C(glixerol)

= (0,06.18 + 0,08.16 + 0,1.18) + 0,08.3 = 4,4 (mol)

Bảo toàn O → n_H2O = 6n_X + 2n_O2 - 2n_CO2

= 6.0,08 + 2.6,14 - 2.4,4 = 3,96 (mol)

BTKL → m = m_X = m_CO2 + m_H2O - m_O2

= 4,4.44 + 3,96.18 - 6,14.32 = 68,4 (g)

Câu 31 :

A
b - c = 4a
B
b - c = 2a
C
b - c = 5a
D
b - c = 3a

Đáp án : A

Phương pháp giải :

- Từ tỉ lệ mol của mỗi muối suy ra công thức cấu tạo của chất béo.

- Tính được độ bất bão hòa k = π + vòng

- Khi đốt cháy hợp chất hữu cơ X (chứa C, H, O) ta có mối liên hệ: ${n_X} = \frac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}}$

- Từ đó suy ra mối liên hệ giữa a, b, c

Lời giải chi tiết :

Theo đề bài: ${n_{{C_{17}}{H_{33}}COON{\rm{a}}}}:{n_{{C_{15}}{H_{31}}COON{\rm{a}}}} = 2:1$ nên chất béo được tạo nên từ 2 gốc C₁₇H₃₃COO- và 1 gốc C₁₅H₃₁COO-

→ X là (C₁₇H₃₃COO)₂(C₁₅H₃₁COO)C₃H₅

Mà gốc C₁₇H₃₃- là gốc hiđrocacbon không no, có chứa 1 π; C₁₅H₃₁- là gốc hiđrocacbon no, không chứa π

→ X có chứa 2 π (gốc hiđrocacbon); 3 π (của COO) và không có vòng

→ Độ bất bão hòa k = π + vòng = (2 + 3) + 0 = 5

Đốt cháy hợp chất hữu cơ X (chứa C, H, O) ta có mối liên hệ:

${n_X} = \frac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}} \Leftrightarrow a = \frac{{b - c}}{{5 - 1}} \Leftrightarrow b - c = 4{\rm{a}}$

Câu 32 :

A
0,184 kg.
B
0,216 kg.
C
0,235 kg.
D
0,385 kg.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

- Tristearin là (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

- Tính toán theo PTHH: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3 C₁₇H₃₅COONa + C₃H₅(OH)₃

Lời giải chi tiết :

Tristearin là (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅

Do chất béo chứa 20% tạp chất trơ nên 80% còn lại là tristearin

→ m_tristearin = $2,225.\frac{{80}}{{100}}$ = 1,78 (kg)

→ n_tristearin = $\frac{{1,78}}{{890}}$ = 0,002 (kmol)

PTHH: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3 C₁₇H₃₅COONa + C₃H₅(OH)₃

Theo PTHH → n_glixerol= n_tristearin = 0,002 (kmol)

→ m_glixerol = 0,002.92 = 0,184 (kg)

Câu 33 :

A
0,2.
B
0,24.
C
0,12.
D
0,16.

Đáp án : C

Phương pháp giải :

Đặt số mol của X là x mol, nCO₂ là y mol

Áp dụng định luật BTKL và BTNT => x, y

→ Số liên kết π trong phân tử của X

→ Số liên kết π có khả năng phản ứng với Br₂

Lời giải chi tiết :

Đặt n_X = x và nCO2 = y (mol)

+ BTNT "O" → 6n_X + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

→ 6x + 3,08.2 = 2 + 2y (1)

→ m_X = m_C + m_H + m_O = 12y+ 2 + 16.6x = 96x + 12y + 4 (g)

+ Khi cho X phản ứng với NaOH:

n_NaOH = 3x và n_C3H5(OH)3= x (mol)

BTKL: m_X+ m_NaOH = m _muối+ m_Glixerol

→ (96x + 12y + 4) + 40.3x = 35,36 + 92x (2)

Giải (1) (2) → x = 0,04 và y = 2,2

Đặt số liên kết pi có trong X là k

Áp dụng công thức khi đốt cháy 1 hợp chất hữu cơ có độ bất bão hòa k ta có:

${n_X} = \frac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}} \to 0,03 = \frac{{1,65 - 1,5}}{{k - 1}} \to k = 6$

k = 6 trong đó có chứa 3 liên kết pi mạch ngoài C=C và 3 liên kết pi trong 3 nhóm -COO-. Khi phản ứng với dd Br₂ chỉ có liên kết pi trong C=C phản ứng

→ n_Br2 = (k-3).n_X = (6 - 3).0,04 = 0,12 mol

Câu 34 :

Xà phòng hóa hoàn toàn triglixerit X trong dung dịch NaOH dư, thu được glyxerol, natri oleat, natri stearat và natri panmitat. Phân tử khối của X là

A
884
B
862
C
886
D
860

Đáp án : D

Phương pháp giải :

Xác định các gốc axit trong chất béo, xây dựng công thức và kết luận.

Lời giải chi tiết :

X là (C₁₇H₃₃COO)(C₁₇H₃₅COO)(C₁₅H₃₁COO)C₃H₅

→ M_X = 860

Câu 35 :

Thủy phân hoàn toàn m gam triglixerit X cần dùng vừa đủ 300 ml dung dịch NaOH 1M, thu được glixerol và 91,8 gam muối của 1 axit béo. Giá trị của m là

A
80
B
89
C
79
D
107

Đáp án : B

Phương pháp giải :

- Dựa vào PTHH suy ra mối liên hệ giữa số mol X, NaOH, C₃H₅(OH)₃.

- Áp dụng bảo toàn khối lượng để tính m.

Lời giải chi tiết :

PTHH: (RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅OH

→ n_Glixerol = 1/3.n_NaOH = 0,1 mol

Bảo toàn khối lượng: m_X + m_NaOH = m_glixerol + m_muối

→ m_X = 0,1.92 + 91,8 - 0,3.40 = 89 gam

Câu 36 :

A
3 gốcC₁₇H₃₅COO.
B
2 gốc C₁₅H₃₁COO.
C
2 gốc C₁₇H₃₅COO.
D
3 gốcC₁₅H₃₁COO.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Từ tỉ lệ về khối lượng của 2 muối, suy ra tỉ lệ về số mol của 2 muối

$ \to $ số gốc axit có trong phân tử X.

Lời giải chi tiết :

TH1: $\dfrac{{{m_{{C_{17}}{H_{35}}COON{\text{a}}}}}}{{{m_{{C_{15}}{H_{31}}COON{\text{a}}}}}} = 1,817 \to \dfrac{{306.{n_{{C_{17}}{H_{35}}COON{\text{a}}}}}}{{278.{n_{{C_{15}}{H_{31}}COON{\text{a}}}}}} = 1,817$

$ \to \dfrac{{{n_{{C_{17}}{H_{35}}COON{\text{a}}}}}}{{{n_{{C_{15}}{H_{31}}COON{\text{a}}}}}} = 1,65 \to $ loại

TH2: $\dfrac{{{m_{{C_{15}}{H_{31}}COON{\text{a}}}}}}{{{m_{{C_{17}}{H_{35}}COON{\text{a}}}}}} = 1,817 \to \dfrac{{278.{n_{{C_{15}}{H_{31}}COON{\text{a}}}}}}{{306.{n_{{C_{17}}{H_{35}}COON{\text{a}}}}}} = 1,817$

$ \to \dfrac{{{n_{{C_{15}}{H_{31}}COON{\text{a}}}}}}{{{n_{{C_{17}}{H_{31}}COON{\text{a}}}}}} = 2$

Vậy trong phân tử X có 2 nhóm C₁₅H₃₁COO và 1 gốc C₁₇H₃₁COO

Câu 37 :

A
27,72.
B
27,42.
C
26,58.
D
24,18.

Đáp án : C

Phương pháp giải :

- Bảo toàn khối lượng

- Sử dụng công thức: n_CO2 - n_H2O = (k-1).n_X

Lời giải chi tiết :

Đặt số liên kết pi trong toàn phân tử X là k, nX = a, CO₂ = b.

+ n_CO2 - n_H2O = (k-1).n_X => b - 1,53 = (k-1)a (1)

+ n_Br2 = (k - 3).a = 0,06 (2)

+ BTKL: m_X = m_C + m_H + m_O => 12b + 2.1,53 + 16.6a = 25,74 (3)

Từ (1), (2) và (3) => a = 0,03; b = 1,65; k = 5

- Xét phản ứng thủy phân:

n_Glixerol = n_X = 0,03 mol; n_NaOH = 3n_X = 0,09 mol

BTKL: m_X + m_NaOH = m _muối + m _Glixerol

=> 25,74 + 0,09.40 = m + 0,03.92 => m = 26,58 gam

Câu 38 :

A
0,2
B
0,1
C
0,4
D
0,3

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Bảo toàn nguyên tố oxi: n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O=> n_O(X) => n_X

Gọi số liên kết pi trong X là k

=> Khi đốt cháy X thì thu được sản phẩm: n_CO2 – n_H2O = (k – 1)n_X => k

Biện luận => số liên kết pi có thể phản ứng được với Br₂ => n_Br2

Lời giải chi tiết :

Bảo toàn nguyên tố oxi: n_O(X) + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

=> n_O(X) = 0,6 mol

Vì X là triglixerit => 3 nhóm COO => 6 nguyên tử oxi

=> n_X = 1/6.n_O(X) = 0,1 mol

Gọi số liên kết pi trong X là k

=> Khi đốt cháy X thì thu được sản phẩm: n_CO2 – n_H2O = (k – 1)n_X

=> k = 4. Có 3 liên kết pi trong 3 nhóm COO

=> có 1 liên kết pi ở gốc hiđrocacbon (C=C)

=> n_Br2 = n_X = 0,1 mol

Câu 39 :

A
237 đvC.
B
282 đvC.
C
284 đvC.
D
256 đvC.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Viết và tính theo PTHH:

(RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

RCOOH + NaOH → RCOONa + H₂O

Lời giải chi tiết :

n_Glixerol = 1,84 : 92 = 0,02 mol

(RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃

RCOOH + NaOH → RCOONa + H₂O

=> n_Y = n_Glixerol = 0,02 mol

Mà n_NaOH = 3n_Y + n_Z=> n_Z = 0,1 - 3.0,02 = 0,04 mol

Giả sử X gồm: (RCOO)₃C₃H₅ (0,02 mol) và RCOOH (0,04 mol)

=> m_X= 0,02.(3R + 173) + 0,04.(R + 45) = 28,96 => R = 237

=> M_Z = 237 + 45 = 282

Câu 40 :

Cho các sơ đồ phản ứng theo đúng tỉ lệ mol:

(a) X + 3H₂O $\underset{{{t^o}}}{\overset{{{H_2}S{O_4}}}{\longleftrightarrow}}$ X₁ + X₂ + X₃ + X₄

(b) X₁ + 2H₂ $\xrightarrow{{Ni,{t^o}}}$ X₂

A
%m_H trong X₃ là 12,5%.
B
X₄ là glixerol.
C
X có 5 liên kết π.
D
%m_C trong X₁ < 77%.

Đáp án : D

Lời giải chi tiết :

- X₁, X₂, X₃ là axit.

- Từ (b)X₂ là axit no mà X₂ nhiều hơn X₃ 2 nhóm CH₂=>X₃ cũng là axit no

- X1 có thể cộng tối đa 2H₂ => X₁ chứa 2 liên kết π ở ngoài mạch hidrocacbon

Mà số liên kết π trong X nhỏ hơn 6 => X chứa 3π trong 3 nhóm COO và 2π ngoài mạch hidrocacbon => Hệ số bất bão hòa k = 5

Đặt: Số C_(X1) = Số C_(X2) = n => Số C_(X3) = n - 2

Số C_(X) = Số C_(X1) + Số C_(X2) + Số C_(X3) + 3

=> n + n + (n - 2) + 3 = 55 => n = 18

Kết luận:

X₁ là C₁₇H₃₁COOH; X₂ là C₁₇H₃₅COOH; X₃ là C₁₅H₃₁COOH

X là C₅₅H₁₀₂O₆; X₄ là C₃H₅(OH)₃

Xét các phương án:

A. %m_H(X3) = 32/256.100% = 12,5% => A đúng

B đúng

C đúng

D. %m_C(X1) = (18.12/280).100% = 77,14% => D sai

Câu 41 :

A

3,768
B

3,712
C

2,808
D

3,692

Đáp án : C

Phương pháp giải :

BTNT oxi và BTKL

→ Phân tử khối của X là: M_X = ? (g/mol)

Đặt CTPT của X có dang: (RCOO)₃C₃H₅

Ta thấy: n_X > 3n_OH- → bazo pư hết, X dư. Mọi tính toán theo số mol OH^-

BTKL ta có: m_X pư + m_NaOH + m_KOH = m_muối + m_C3H5(OH)3

=> m muối

Lời giải chi tiết :

BTNT "O": 6n_X + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

→ n_X = (0,228.2 + 0,208 - 2.0,32)/6 = 0,004 (mol)

BTKL ta có: m_X + m_O2 = m_CO2 + m_H2O

→ a + 0,32.32 = 0,228.44 + 0,208.18 → a = 3,536 (g)

→ Phân tử khối của X là: M_X = 3,536 : 0,004 = 884 (g/mol)

n_KOH = n_NaOH = 0,045.0,1 = 0,0045 (mol) → ∑ n_OH- = 0,009 (mol)

Đặt CTPT của X có dang: (RCOO)₃C₃H₅: 0,004 (mol)

Ta thấy: 3n_X > n_OH- → bazo pư hết, X dư. Mọi tính toán theo số mol OH^-

(RCOO)₃C₃H₅ + 3OH- → 3RCOO- + C₃H₅(OH)₃

0,003 ← 0,009 → 0,003 (mol)

→ n_X pư = n_C3H5(OH)3 = n_OH-/3 = 0,003 (mol)

BTKL ta có: m_X pư + m_NaOH + m_KOH = m_muối + m_C3H5(OH)3

→ 0,003.884 + 0,0045. 40 + 0,0045.56 = m_muối + 0,003.92

→ m_muối = 2,808 (g)

Câu 42 :

A
50,04 gam.
B
53,40 gam.
C
51,72 gam.
D
48,36 gam.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Công thức tính nhanh khi đốt cháy chất béo:

${n_{CB}} = \dfrac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}}$ (với k là độ bất bão hòa của chất béo)

Lời giải chi tiết :

Đặt n_COO(E) = a mol

- Khi đốt E:

BTNT "O" → ${n_{{H_2}O}} = 2a + 7,47.2 - 5,22.2 = 2a + 4,5\left({mol} \right)$

BTKL → ${m_E} = (2a + 4,5).18 + 5,22.44 - 7,47.32 = 36a + 71,64\left(g \right)$

- Khi E + NaOH:

$\left\{ \begin{array}{l}{n_{glixerol}} = {n_X} = \dfrac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{3 - 1}} = \dfrac{{5,22 - (2a + 4,5)}}{2} = 0,36 - a\\{n_{{H_2}O}} = a - 3(0,36 - a) = 4a - 1,08\\{n_{NaOH}} = {n_{COO}} = a\end{array} \right.$

Bảo toàn KL: ${m_E} + {m_{NaOH}} = {m_{muoi}} + {m_{glixerol}} + {m_{{H_2}O}}$

⟹ 36a + 71,64 + 40a = 86,76 + 92(0,36 – a)+ 18(4a – 1,08) ⟹ a = 0,3 mol

Muối gồm $\left\{ \begin{array}{l}{C_{15}}{H_{31}}COONa:x\\{C_{17}}{H_{35}}COONa:y\end{array} \right.$ ⟹ $\left\{ \begin{array}{l}278x + 306y = 86,76\\x + y = 0,3\end{array} \right.$ ⟹ $\left\{ \begin{array}{l}x = 0,18\\y = 0,12\end{array} \right.$

Mà ${n_X} = 0,36 - a = 0,06$ ⟹ X phải là (C₁₅H₃₁COO)₂(C₁₇H₃₅COO)C₃H₅

X không thể chứa 3 gốc stearat vì mol muối natri panmitat chỉ là 0,12.

X không thể chứa 3 gốc panmitat vì mol muối natri panmitat khi đó sẽ lớn hơn 0,18 (vì có cả axit panmitic tự do).

X không thể chứa 2 stearat và 1 gốc panmitat vì mol muối natri stearat lúc đó sẽ lớn hơn 0,12 (có cả axit stearic tự do).

⟹ m_X = 50,04 gam.

Câu 43 :

Thực hiện xà phòng hóa m gam chất béo X bằng KOH thu được 96,2 gam chất rắn và 9,2 gam glixerol. Giá trị m là:

A
88,6.
B
102,6.
C
105,4.
D
99,8.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

- Từ phương trình phản ứng ⟹ n_KOH = 3n_C3H5(OH)3.

- Bảo toàn khối lượng phản ứng xà phòng hóa: m_{chất béo} + m_KOH = m_{chất rắn} + m_glixerol.

Lời giải chi tiết :

Ta có n_C3H5(OH)3 = 9,2/92 = 0,1 mol

Từ tỉ lệ phản ứng ta có: n_KOH = 3n_C3H5(OH)3 ⟹ n_KOH = 0,1.3 = 0,3 mol

Bảo toàn khối lượng phản ứng xà phòng hóa: m_{chất béo} + m_KOH = m_{chất rắn} + m_glixerol.

⟹ m_{chất béo} = 96,2 + 9,2 - 0,3.56 = 88,6 gam

Câu 44 :

A
0,8 và 8,82.
B
0,4 và 4,56.
C
0,4 và 4,32.
D
0,8 và 4,56.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

Các triglixerit đều được tạo từ các axit có 18C (C₁₇H₃₅COOH; C₁₇H₃₃COOH, C₁₇H₃₁COOH) và glixerol nên:

Đặt công thức chung của các triglixerit X có dạng: C₅₇H₁₀₄O₆ : x (mol)

Dựa vào số mol CO₂, BTNT “C” tìm được x =?

Viết PTHH cháy, tìm được số mol O₂ theo CO₂

BTNT “O”: ⟹ n_H2O = 6n_X + 2n_O2 - 2n_CO2 = ? (mol)

⟹ m_X = m_C + m_H + m_{O(trong X)} = ? (g)

Xét phản ứng xà phòng hóa: X + 3NaOH → Muối + C₃H₅(OH)₃

Có: n_C3H5(OH)3 = n_X = ? (mol) ; n_NaOH = 3n_X = ? (mol)

BTKL ta có: m_muối = m_X + m_NaOH – m_C3H5(OH)3 = ?

Lời giải chi tiết :

Các triglixerit đều được tạo từ các axit có 18C (C₁₇H₃₅COOH; C₁₇H₃₃COOH, C₁₇H₃₁COOH) và glixerol nên:

Đặt công thức chung của các triglixerit X có dạng: C₅₇H₁₀₄O₆ : x (mol)

BTNT “C”: n_CO2 = 57x = 0,285 ⟹ x = 0,005 (mol)

PTHH: C₅₇H₁₀₄O₆ + 80O₂ $\xrightarrow{{{t^0}}}$ 57CO₂ + 52H₂O (1)

Theo PTHH (1): ${n_{{O_2}}} = \frac{{80}}{{57}}{n_{{H_2}O}} = \frac{{80}}{{57}} \times 0,285 = 0,4(mol)$= a

BTNT “O”: ⟹ n_H2O = 6n_X + 2n_O2 - 2n_CO2 = 6.0,005 + 2.0,4 - 2.0,285 = 0,26 (mol)

⟹ m_X = m_C + m_H + m_{O(trong X)} = 0,285.12 + 0,26.2 + 0,005.6.16 = 4,42 (g)

Xét phản ứng xà phòng hóa: X + 3NaOH → Muối + C₃H₅(OH)₃

Có: n_C3H5(OH)3 = n_X = 0,005 (mol) ; n_NaOH = 3n_X = 3.0,005 = 0,015 (mol)

BTKL ta có: m_X + m_NaOH = m_muối + m_C3H5(OH)3

⟹ m_muối = m_X + m_NaOH – m_C3H5(OH)3 = 4,42 + 0,015.40 – 0,005.92 = 4,56 (g) = m₁

Câu 45 :

A
0,08.
B
0,15.
C
0,2.
D
0,05.

Đáp án : B

Phương pháp giải :

- Từ phản ứng cháy xác định độ bất bão hòa k của chất béo:

+ BTKL tính được CO₂ (theo x, y)

+ Bảo toàn O tính được mol O trong X (theo x, y) → mol của X (theo x, y)

+ Lập biểu thức: ${n_{hchc}} = \frac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}}$

Loại bỏ x, y và tính được k.

- Khi cho chất béo phản ứng với Br₂ thì X + (k-3) Br₂ → Sản phẩm

Từ số mol của Br₂ tính được số mol chất béo

Lời giải chi tiết :

BTKL → m_CO2 = m_X + m_O2 - m_H2O = 110x - 121y (g) → n_CO2 = 2,5x - 2,75y (mol)

Bảo toàn O → n_{O(trong X)} = 2n_CO2 + n_H2O - 2n_O2 = 3x - 4,5y (mol)

X có 6O → n_X = 1/6.n_{O(trong X)} = 0,5x - 0,75y (mol)

Khi đốt hợp chất hữu cơ chứa C, H, O thì: ${n_{hchc}} = \frac{{{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}}}{{k - 1}}$ (với k là độ bất bão hòa của toàn phân tử)

$\begin{array}{l} \to 0,5{\rm{x}} - 0,75y = \frac{{\left( {2,5{\rm{x}} - 2,75y} \right) - y}}{{k - 1}}\\ \to \left( {0,5{\rm{x}} - 0,75y} \right) = \frac{{5\left( {0,5{\rm{x}} - 0,75y} \right)}}{{k - 1}}\\ \to 1 = \frac{5}{{k - 1}}\\ \to k = 6\end{array}$

Suy ra X có chứa 6 liên kết π, mà có 3 π trong 3 nhóm COO → còn lại 3 π ngoài gốc hiđrocacbon

- Khi X phản ứng với Br₂ thì X + 3Br₂ → Sản phẩm cộng

→ n_X = 1/3.n_Br2 = 1/3.0,45 = 0,15 mol = a

Câu 46 :

Tiến hành thí nghiệm xà phòng hóa chất béo:

Bước 1: Cho vào bát sứ nhỏ khoảng 2 ml dầu dừa và 6 ml dung dịch NaOH 40%.

Bước 3: Rót thêm vào hỗn hợp 7-10 ml dung dịch NaCl bão hòa nóng, khuấy nhẹ rồi để yên hỗn hợp.

Cho các phát biểu sau:

(a) Sau bước 3, thấy có lớp chất rắn màu trắng nổi lên là glixerol.

(b) Thêm dung dịch NaCl bão hòa nóng để làm tăng hiệu suất phản ứng.

(d) Trong thí nghiệm này, có thể thay dầu dừa bằng dầu nhờn bôi trơn máy.

Số phát biểu đúng là

A
1.
B
4.
C
3.
D
2.

Đáp án : A

Phương pháp giải :

Dựa vào lý thuyết về phản ứng xà phòng hóa chất béo.

Lời giải chi tiết :

(a) sai, sau bước 3, thấy có lớp chất rắn màu trắng nổi lên là muối natri của axit béo.

(b) sai, thêm dung dịch NaCl bão hòa nóng để làm giảm độ tan muối natri của axit béo và làm tăng khối lượng riêng của lớp chất lỏng phía dưới khiến cho muối này dễ dàng nổi lên trên.

(c) đúng, vì phải có nước thì phản ứng thủy phân mới xảy ra.

(d) sai, dầu dừa có thành phần chính là chất béo còn dầu nhờn bôi trơn máy có thành phần chính là hiđrocacbon.

Vậy chỉ có 1 phát biểu đúng.

Bài liên quan

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 1) - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 1) Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 2) - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 2) Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Ôn tập chương 1 - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Ôn tập chương 1 Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Bài 2. Lipit - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Bài 2. Lipit Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết
Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập về hiệu suất phản ứng este hóa - Hóa 12

Luyện tập và củng cố kiến thức Tổng hợp bài tập về hiệu suất phản ứng este hóa Hóa 12 với đầy đủ các dạng bài tập trắc nghiệm có đáp án và lời giải chi tiết

Trắc nghiệm Bài 2. Thủy phân chất béo - Hóa 12

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 1) - Hóa 12

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập Este - Lipit hay và khó (phần 2) - Hóa 12

Trắc nghiệm Ôn tập chương 1 - Hóa 12

Trắc nghiệm Bài 2. Lipit - Hóa 12

Trắc nghiệm Tổng hợp bài tập về hiệu suất phản ứng este hóa - Hóa 12