Đề số 2 - Đề kiểm tra giữa học kì II - Hóa học 12 có đáp án và lời giải chi tiết

Đề bài

Câu 1 : Tripeptit là hợp chất

A. mà mỗi phân tử có 3 liên kết peptit.

B. có liên kết peptit mà phân tử có 3 gốc amino axit giống nhau. 

C. có liên kết peptit mà phân tử có 3 gốc amino axit khác nhau. 

D. có 2 liên kết peptit mà phân tử có 3 gốc α-amino axit.

Câu 2 : Loại dầu nào sau đây không phải là este của axit béo và glixerol?

A. Dầu luyn.

B. Dầu lạc (đậu phộng).

C. Dầu dừa.

D. Dầu vừng (mè).

Câu 3 : Tên gọi amin nào sau đây là không đúng?

A. C₆H₅NH₂ là alanin.

B. CH₃CH₂CH₂NH₂ là n-propylamin.

C. CH₃CH(CH₃)NH₂ là isopropylamin.

D. CH₃NHCH₃ là đimetylamin.

Câu 4 : Phát biểu nào sau đây về tính chất vật lí của amin là không đúng?

A. Độ tan trong nước của amin giảm dần khi số nguyên tử cacbon trong phân tử tăng.                         

B. Anilin là chất lỏng khó tan trong nước, màu đen.           

C. Các amin khí có mùi tương tự amoniac, độc.                 

D. Metylamin, đimetylamin, etylamin là chất khí, dễ tan trong nước.

Câu 5 : Glucozo không có tính chất nào dưới đây?

A. Tính chất của poliancol.

B. Lên men tạo ancol etylic. 

C. Tính chất của nhóm andehit.

D. Tham gia phản ứng thủy phân.

Câu 6 : Khi thủy phân trilinolein trong môi trường axit ta thu được sản phẩm là

A. C₁₇H₃₁COOH và glixerol.

B. C₁₅H₃₁COOH và glixerol.

C. C₁₇H₃₅COOH.

D. C₁₅H₃₁COOH và etanol.

Câu 7 : Tính chất của chất béo được liệt kê như sau:

(1) chất lỏng;

(2) chất rắn;

(3) nhẹ hơn nước;

(4) tan trong nước;

(5) tan trong xăng;

(6) dễ bị thủy phân trong môi trường kiềm hoặc axit;

(7) tác dụng với kim loại kiềm giải phóng;

(8) dễ cộng vào gốc axit.

Số tính chất đúng với mọi loại chất béo là

A. 4.

B. 3.

C. 1.

D. 2.

Câu 8 : Nhỏ dung dịch iot lên miếng chuối xanh thấy xuất hiện màu xanh tím là do chuối xanh có chứa

A. glucozo.

B. saccarozo.

C. tinh bột.

D. xenlulozo.

Câu 9 : Chất nào sau đây có phản ứng tráng gương?

A. Tinh bột.

B. Saccarozo.

C. Xenlulozo.

D. Glucozo.

Câu 10 : Este etyl fomat có công thức là

A. HCOOC₂H₅.

B. HCOOCH₃.

C. HCOOCH=CH₂.

D. CH₃COOCH₃.

Câu 11 : Amino axit nào sau đây có hai nhóm amino?

A. Lysin.

B. Valin.

C. Axit glutamic.

D. Alanin.

Câu 12 : Cho các chất: Glucozo (X); Saccarozo (Y); Tinh bột (Z); Glixerol (T); Xenlulozo (H). Những chất có phản ứng thủy phân là

A. Y, Z, H.

B. X, Y, Z.

C. X, Z, H.

D. Y, T, H.

Câu 13 : Cho chất hữu cơ X có công thức phân tử C₂H₈O₃N₂ tác dụng với dung dịch NaOH, thu được chất hữu cơ đơn chức Y và các chất vô cơ. Khối lượng phân tử (theo đvC) của Y là

A. 68.

B. 46.

C. 45.

D. 85.

Câu 14 : Phân tích este X người ta thu được kết quả: %m_C = 40% và %m_H = 6,66%. Ngoài ra, từ thực nghiệm người ta xác định được X là este đơn chức. Este X là

A. metyl axetat.

B. etyl propionat.

C. metyl fomat.

D. metyl acrylat.

Câu 15 : Nguyên nhân amin có tính bazo là

A. có khả năng nhường proton.

B. phản ứng được với dung dịch axit. 

C. trên nguyên tử N còn một đôi electron tự do có khả năng nhận H⁺. 

D. xuất phát từ amoniac.

Câu 16 : Cặp chất nào sau đây không phải là đồng phân của nhau?

A.  Tinh bột và xenlulozo 

B. Fructozo và glucozo

C. Metyl fomat và axit axetic

D.  Mantozo và saccarozo

Câu 17 : Chọn phát biểu đúng trong các phát biểu dưới đây?

A. Xenlulozơ có cấu trúc mạch phân nhánh.

B. Glucozơ bị khử bởi dung dịch AgNO₃/NH₃ đun nóng.

C. Amilozơ có cấu trúc mạch không phân nhánh.

D. Saccarozơ có phản ứng tráng gương.

Câu 18 : Khi nói về peptit và protein, phát biểu nào sau đây là sai?

A. Protein có phản ứng màu biure với Cu(OH)₂. 

B. Thủy phân hoàn toàn protein đơn giản thu được các α-amino axit.

C. Liên kết của nhóm CO với nhóm NH giữa hai đơn vị α-amino axit được gọi là liên kết peptit.

D. Tất cả các protein đều tan trong nước tạo thành dung dịch keo.

Câu 19 : Số đồng phân của hợp chất este đơn chức có công thức phân tử C₄H₈O₂ tác dụng với dung dịch AgNO₃/NH₃ sinh ra Ag là

A. 4.                                        B. 1.

C. 2.                                        D. 3.

Câu 20 : Cho dãy chuyển hóa: \(C{{H}_{4}}\xrightarrow{{{1500}^{o}}C}X\xrightarrow{{{H}_{2}}O}Y\xrightarrow{{{H}_{2}}}Z\xrightarrow{{{O}_{2}}}T\xrightarrow{{{C}_{2}}{{H}_{{}}}_{2}}M\). Công thức của M là

A. CH₃COOCH₃.

B. CH₂=CHCOOCH₃.

C. CH₃COOC₂H₅.

D. CH₃COOCH=CH₂.

Câu 21 : Thuốc thử được dùng để phân biệt Gly-Ala-Gly với Gly-Ala là

A. Cu(OH)₂.

B. Dung dịch HCl.

C. Dung dịch NaOH.

D. Dung dịch NaCl.

Câu 22 : Axit X + 2H₂ \(\xrightarrow{Ni,{{t}^{o}}}\) Axit Y. Tên gọi của axit X và Y lần lượt là

A. Axit oleic và axit stearic. 

B. Axit linoleic và axit stearic.

C. Axit panmitic; axit oleic. 

D. Axit linoleic và axit oleic.

Câu 23 : Cacbohidrat Z tham gia chuyển hóa:

Z \(\xrightarrow{Cu{{(OH)}_{2}}/O{{H}^{-}}}\)dung dịch xanh lam \(\xrightarrow{{{t}^{o}}}\) kết tủa đỏ gạch.

Vậy Z không thể là chất nào trong các chất cho dưới đây?

A. Saccarozo.

B. Glucozo.

C. Mantozo.

D. Fructozo.

Câu 24 : Cho các chất sau:

X₁: C₆H₅NH₂;

X₂: CH₃NH₂;

X₃: H₂NCH₂COOH;

X₄: HOOCCH₂CH₂CH(NH₂)COOH;

X₅: H₂NCH₂CH₂CH₂CH(NH₂)COOH.

Các dung dịch làm quỳ tím hóa xanh là

A. X₂, X₃, X₄.

B. X₂, X₅.

C. X₁, X₃, X₅.

D. X₁, X₂, X₅.

Câu 25 : Chất X có công thức phân tử C₃H₆O₂, là este của axit axetic. Công thức cấu tạo thu gọn của X là:

A. HCOOC₂H₅.

B. HOC₂H₄CHO.

C. C₂H₅COOH.

D. CH₃COOCH₃.

Câu 26 :  Đốt cháy m gam hỗn hợp gồm 2 amin no đơn chức mạch hở thu được 28,6 gam CO₂ và 18,45 gam H₂O. Giá trị của m là

A. 12,65 gam.

B. 11,95 gam.

C. 13 gam.

D. 13,35 gam.

Câu 27 : Tính thể tích dung dịch HNO₃ 96% (D = 1,52 g/ml) cần dùng để tác dụng với lượng dư xenlulozo tạo 29,7 kg xenlulozo trinitrat.

A. 15,00 lít.

B. 1,439 lít.

C. 24,39 lít.

D. 12,952 lít.

Câu 28 : Để đốt cháy hết 1,62 gam hỗn hợp hai este no, đơn chức, mạch hở, đồng đẳng kế tiếp cần vừa đủ 1,904 lít oxi (đktc). Công thức phân tử của 2 este là

A. C₄H₈O₂ và C₅H₁₀O₂.

B. C₂H₄O₂ và C₃H₆O₂.

C. C₄H₈O₂ và C₃H₆O₂.

D. C₂H₄O₂ và C₅H₁₀O₂.

Câu 29 : Hợp chất hữu cơ X có công thức C₂H₈N₂O₄. Khi cho 12,4 gam X tác dụng với 200 ml dung dịch NaOH 1,5M thu được 4,48 lít (đktc) khí Y làm xanh quỳ tím ẩm. Cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được m gam chất rắn khan. Giá trị của m là

A. 13,4.

B. 17,4.

C. 17,2.

D. 16,2.

Câu 30 : Lấy 14,6 gam một đipeptit X tạo ra từ glyxin và alanin cho tác dụng vừa đủ với dung dịch HCl 1M. Thể tích dung dịch HCl tham gia phản ứng là

A. 0,23 lít.

B. 0,2 lít.

C. 0,4 lít.

D. 0,1 lít.

Câu 31 : Khi thủy phân 486 kg bột gạo có 80% tinh bột (còn lại là tạp chất trơ). Nếu hiệu suất của quá trình sản xuất là 75%, khối lượng glucozơ tạo thành là

A. 432 kg.

B. 324 kg.

C. 405 kg.

D. 648 kg.

Câu 32 : Chất hữu cơ X có công thức phân tử  tác dụng với dung dịch NaOH (đun nóng) theo phương trình phản ứng:

C₄H₆O₄ + 2NaOH → 2Z + Y

Để oxi hóa hết a mol Y thì cần vừa đủ 2a mol CuO (đung nóng), sau phản ứng tạo thành a mol chất T (biết Y, Z, T là các hợp chất hữu cơ). Khối lượng phân tử của T là:

A. 118 đvC.

B. 44 đvC.

C. 58 đvC.

D. 82 đvC.

Câu 33 : Lên men m gam tinh bột thành ancol etylic với hiệu suất của cả quá trình là 60%. Lượng CO₂ sinh ra được hấp thụ hoàn toàn vào dung dịch Ca(OH)₂, thu được 30 gam kết tủa và dung dịch X. Thêm dung dịch KOH 1M vào X, thu được kết tủa. Để lượng kết tủa thu được là lớn nhất thì cần tối thiểu 100 ml dung dịch KOH. Giá trị của m là

A. 54,0.

B. 40,5.

C. 67,5.

D. 47,25.

Câu 34 : Cho 23 gam C₂H₅OH tác dụng với 24 gam CH₃COOH (xúc tác H₂SO₄ với hiệu suất phản ứng 60%. Khối lượng este thu được là:

A. 23,76 gam.

B. 26,4 gam.

C. 21,12 gam.

D. 22 gam.

Câu 35 : Đốt cháy hoàn toàn 14,8 gam este X thu được 13,44 lít CO₂ (đktc) và 10,8 gam H₂O. CTPT của X là:

A. C₂H₄O₂.

B. C₄H₈O₂.

C. C₅H₁₀O₂.

D. C₃H₆O₂.

Câu 36 : Cho hỗn hợp X gồm 0,2 mol H₂NC₃H₅(COOH)₂ (axit glutamic) và 0,1 mol H₂NCH₂COOH (glyxin) tác dụng với 300 ml dung dịch KOH 2M thu được dung dịch X. Cô cạn dung dịch X thu được m gam chất rắn khan. Giá trị của m là

A. 43,5.

B. 48,3.

C. 61,5.

D. 51,9.

Câu 37 :  Cho 1 mol chất X (C₉H₈O₄, chứa vòng benzen) tác dụng tối đa với 3 mol NaOH trong dung dịch, thu được ba chất hữu cơ Y, Z, T (M_Y < M_T < M_Z). Đốt cháy hoàn toàn Z, thu được sản phẩm chỉ gồm CO₂, Na₂CO₃. Phát biểu nào sau đây đúng?

A. Đun nóng Z với hỗn hợp rắn NaOH và CaO, thu được ankan.                                    

B. Nhiệt độ sôi của Y cao hơn nhiệt độ sôi của Z và T.      

C. Đun nóng Y với dung dịch H₂SO₄ đặc 170^oC, thu được anken.                                    

D. Từ Y có thể điều chế trực tiếp axit axetic bằng một phản ứng hóa học.

Câu 38 : Hỗn hợp E gồm 3 este X, Y, Z đều no, mạch cacbon hở và không phân nhánh (M_X < M_Y < M_Z). Đốt cháy hoàn toàn 18,26 gam E cần 13,104 lít O₂ (đktc), thu được 8,82 gam H₂O. Mặt khác, đun nóng 18,26 gam E với dung dịch NaOH (lấy dư 40% so với lượng phản ứng), cô cạn dung dịch sau phản ứng thu được chất rắn T và hỗn hợp hai ancol no (kế tiếp trong dãy đồng đẳng). Đốt cháy hoàn toàn T, thu được Na₂CO₃, CO₂ và 1,08 gam H₂O. Phân tử khối của Z là

A. 88.

B. 118.

C. 132.

D. 146.

Câu 39 : Chất X (C_nH_2n+4O₄N₂) là muối amoni của axit cacboxylic đa chức, chất Y (C_mH_2m+4O₂N₂) là muối amoni của một amino axit. Cho m gam E gồm X và Y (có tỉ lệ mol tương ứng là 7 : 3) tác dụng hết với lượng dư dung dịch NaOH đun nóng, thu được 0,17 mol etylamin và 15,09 gam hỗn hợp muối. Phần trăm khối lượng của X trong E có giá trị gần nhất với giá trị nào sau đây?

A. 71.

B. 52.

C. 68.

D. 77.

Câu 40 : Hỗn hợp T gồm ba peptit mạch hở X, Y, Z có tỉ lệ mol tương ứng là 2 : 3 : 4. Thủy phân hoàn toàn 35,97 gam T thu được hỗn hợp sản phẩm gồm 0,29 mol A và 0,18 mol B. Biết tổng số liên kết peptit trong ba phân tử X, Y, Z bằng 16; A và B đều là amino axit no, có 1 nhóm -NH₂ và 1 nhóm -COOH trong phân tử. Đốt cháy hoàn toàn m gam hỗn hợp T thu được N₂, 0,74 mol CO₂ và a mol H₂O. Giá trị a gần nhất là

A. 0,72.

B. 0,69.

C. 0,65.

D. 0,67.

Lời giải chi tiết

ĐÁP ÁN VÀ HƯỚNG DẪN GIẢI

Câu 1

Tripeptit là hợp chất có 2 liên kết peptit mà phân tử có 3 gốc α-amino axit.

Đáp án D

Câu 2

Dầu luyn là hidrocacbon.

Đáp án A

Câu 3

C₆H₅NH₂ có tên gọi là anilin.

Đáp án A

Câu 4

B sai vì anilin khó tan trong nước, không màu.

Đáp án B

Câu 5

Glucozo là monosaccarit nên không có phản ứng thủy phân.

Đáp án D

Câu 6

Trilinolein có công thức là (C₁₇H₃₁COO)₃C₃H₅.

PTHH: (C₁₇H₃₁COO)₃C₃H₅ + H₂O \(\overset{{{H}^{+}},{{t}^{o}}}{\mathop{\leftrightarrows }}\,\) 3C₁₇H₃₁COOH + C₃H₅(OH)₃

Đáp án A

Câu 7

Các tính chất đúng với mọi loại chất béo là: (3) nhẹ hơn nước; (5) tan trong xăng; (6) dễ bị thủy phân trong môi trường kiềm hoặc axit.

Đáp án B

Câu 8

Nhỏ dung dịch iot vào tinh bột sẽ xuất hiện màu xanh tím.

Đáp án C

Câu 9

Những chất có phản ứng tráng gương là những chất có chứa nhóm -CHO trong phân tử.

Đáp án D

Câu 10

Este etyl fomat có công thức là HCOOC₂H₅.

Đáp án A

Câu 11

Lysin có CTCT: H₂N-CH₂-CH₂-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COOH

⟹ có chứa 2 nhóm -NH₂ trong phân tử.

Đáp án A

Câu 12

Các chất có phản ứng thủy phân là: Saccarozo (Y); Tinh bột (Z); Xenlulozo (H).

Đáp án A

Câu 13

Phương pháp:

X + NaOH tạo 1 chất hữu cơ đơn chức và các chất vô cơ

⟹ X là C₂H₅NH₃NO₃

⟹ Y

⟹ M_Y

Hướng dẫn giải:

X + NaOH tạo 1 chất hữu cơ đơn chức và các chất vô cơ

⟹ X là C₂H₅NH₃NO₃

PTHH: C₂H₅NH₃NO₃ + NaOH → C₂H₅NH₂ + NaNO₃ + H₂O

Vậy chất hữu cơ Y là C₂H₅NH₂ có M_Y = 45 đvC.

Đáp án C

Câu 14

%m_O = 100% - 40% - 6,66% = 53,34%

Đặt CTPT của este là C_xH_yO_z

Ta có:

 

⟹ CTPT este có dạng (CH₂O)_n

Mà X là este đơn chức nên có 2 nguyên tử O ⟹ n = 2

⟹ CTPT của este là C₂H₄O₂

⟹ CTCT duy nhất là HCOOCH₃ (metyl fomat).

Đáp án C

Câu 15

Nguyên nhân amin có tính bazo là trên nguyên tử N còn một đôi electron tự do có khả năng nhận H⁺.

Đáp án C

Câu 16

Tinh bột và xenlulozo đều có dạng (C₆H₁₀O₅)_n nhưng xenlulozo có giá trị n lớn hơn rất nhiều so với tinh bột

⟹ Khác về CTPT nên không phải là đồng phân của nhau.

Đáp án A

Câu 17

Phát biểu A sai vì xenlulozo có cấu trúc mạch không phân nhánh.

Phát biểu B sai vì glucozơ bị oxi hóa bởi dung dịch AgNO₃/NH₃ đun nóng.

Phát biểu C đúng.

Phát biểu D sai vì saccarozo không có nhóm -CHO nên không có phản ứng tráng gương.

Đáp án C

Câu 18

D sai vì chỉ có protein dạng cầu tan được trong nước, còn protein dạng sợi (lông, móng, tóc, ...) không tan trong nước.

Đáp án D

Câu 19

Este có phản ứng tráng gương là este có đầu HCOO-.

Vậy các este có CTPT C₄H₈O₂ thỏa mãn là:

HCOOCH₂CH₂CH₃

HCOOCH(CH₃)CH₃

Đáp án C

Câu 20

 \(C{{H}_{4}}\xrightarrow{{{1500}^{o}}C}{{C}_{2}}{{H}_{2}}\xrightarrow{{{H}_{2}}O}C{{H}_{3}}CHO\xrightarrow{{{H}_{2}}}C{{H}_{3}}C{{H}_{2}}OH\xrightarrow{{{O}_{2}}}C{{H}_{3}}COOH\xrightarrow{{{C}_{2}}{{H}_{2}}}C{{H}_{3}}COOCH=C{{H}_{2}}\left( M \right)\)

Các PTHH:

2CH₄ \(\xrightarrow{{{1500}^{o}}C,lam.lanh.nhanh}\) C₂H₂ +3H₂

C₂H₂ + H₂O \(\xrightarrow{H{{g}^{2+}},{{t}^{o}}}\) CH₃CHO

CH₃CHO+O₂ \(\xrightarrow{{{t}^{o}}}\) CH₃COOH

CH₃COOH + C₂H₂ \(\xrightarrow{{{t}^{o}},xt}\) CH₃COOCH=CH₂

Đáp án D

Câu 21

Thuốc thử được dùng để phân biệt Gly-Ala-Gly với Gly-Ala là Cu(OH)₂:

+ Tạo hợp chất màu tím ⟹ Gly-Ala-Gly

+ Không hiện tượng ⟹ Gly-Ala

Đáp án A

Câu 22

C₁₇H₃₁COOH + 2H₂ \(\xrightarrow{Ni,{{t}^{o}}}\) C₁₇H₃₅COOH

(axit linoleic)                            (axit stearic)

Đáp án B

Câu 23

Saccarozo phản ứng với Cu(OH)₂/OH^- tạo dung dịch xanh lam nhưng khi đun nóng thì không thu được kết tủa đỏ gạch vì không có nhóm -CHO.

Đáp án A

Câu 24

Phương pháp:

Sự đổi màu của quỳ tím khi gặp amin, amino axit:

*Amin:

- Amin có nguyên tử N gắn trực tiếp với vòng benzen có tính bazo rất yếu, không làm đổi màu quỳ tím.

- Các amin khác làm quỳ tím chuyển xanh.

*Amino axit:

- Số nhóm NH₂ = số nhóm COOH ⟹ Không làm đổi màu quỳ tím

- Số nhóm NH₂ > số nhóm COOH ⟹ Làm quỳ tím hóa xanh (VD: Lysin)

- Số nhóm NH₂ < số nhóm COOH ⟹ Làm quỳ tím hóa đỏ (VD: Axit glutamic)

Hướng dẫn giải:

Các chất làm đổi màu quỳ tím thành xanh là:

X₂: CH₃NH₂;

X₅: H₂NCH₂CH₂CH₂CH(NH₂)COOH.

Đáp án B

Câu 25

Công thức cấu tạo thu gọn của X là: CH₃COOCH₃.

Đáp án D

Câu 26

Phương pháp:

Gọi công thức trung bình của 2 amin là

Viết PTHH:

\({{C}_{{\bar{n}}}}{{H}_{2\bar{n}+3}}N+\left( 1,5\bar{n}+0,75 \right){{O}_{2}}\xrightarrow{{{t}^{o}}}\bar{n}C{{O}_{2}}+\left( \bar{n}+1,5 \right){{H}_{2}}O+0,5{{N}_{2}}\)

Từ tỉ lệ về số mol của CO₂ và H₂O tính được giá trị

Suy ra công thức chung của hỗn hợp và số mol của hỗn hợp

Tính khối lượng của hỗn hợp

Hướng dẫn giải:

n_CO2 = 0,65 mol; n_H2O = 1,025 mol

Gọi công thức trung bình của 2 amin là

\({{C}_{{\bar{n}}}}{{H}_{2\bar{n}+3}}N+\left( 1,5\bar{n}+0,75 \right){{O}_{2}}\xrightarrow{{{t}^{o}}}\bar{n}C{{O}_{2}}+\left( \bar{n}+1,5 \right){{H}_{2}}O+0,5{{N}_{2}}\)

Ta có: \(\frac{{{n}_{C{{O}_{2}}}}}{{{n}_{{{H}_{2}}O}}}=\frac{{\bar{n}}}{\bar{n}+1,5}=\frac{0,65}{1,025}\to \bar{n}=2,6\)

⟹ Hỗn hợp có CTTC là C_2,6H_8,2N và n_{hỗn hợp} = 0,65 : 2,6 = 0,25 mol

⟹ m = 0,25.53,4 = 13,35 gam

Đáp án D

Câu 27

Để cho việc tính toán đơn giản ta coi công thức của xenlulozo là C₆H₇O₂(OH)₃

 C₆H₇O₂(OH)₃ + 3HO-NO₂ → C₆H₇O₂(ONO₂)₃ + 3H₂O

PT:                          3.63 = 189 (g)         297 (g)

ĐB:                             18,9 (kg) ←        29,7 (kg)

⟹ m_{dd HNO3} = 18,9.(100/96) = 19,8675 (kg)

⟹ V_{dd HNO3} = m : D = 19,8675 : 1,52 = 12,952 lít

Đáp án D

Câu 28

n_O2 = 1,904/22,4 = 0,085 mol

Gọi công thức chung của 2 este là

\({{C}_{{\bar{n}}}}{{H}_{2\bar{n}}}{{O}_{2}}+\left( 1,5\bar{n}-1 \right){{O}_{2}}\xrightarrow{{{t}^{o}}}\bar{n}C{{O}_{2}}+\bar{n}{{H}_{2}}O\)

\(\frac{0,085}{1,5\bar{n}-1}\leftarrow 0,085\left( mol \right)\)

Ta có: \({{m}_{este}}=\frac{0,085}{1,5\bar{n}-1}.\left( 14\bar{n}+32 \right)=1,62\to \bar{n}=3,5\)

Do 2 este là đồng đẳng kế tiếp nên là C₃H₆O₂ và C₄H₈O₂.

Đáp án C

Câu 29

n_X = 0,1 mol; n_NaOH = 0,3 mol

- Xác định công thức cấu tạo của X và khí Y:

X + NaOH ⟶ Khí Y làm xanh quỳ tím ẩm

⟹ X là (COONH₄)₂

⟹ Y là NH₃

- Xác định các chất trong chất rắn khan và tính m:

(COONH₄)₂ + 2NaOH → (COONa)₂ + 2NH₃ + 2H₂O

       0,1                0,2               0,1             0,2                  mol

Chất rắn gồm: 0,1 mol (COONa)₂ và 0,1 mol NaOH dư

⟹ m_rắn = 17,4 gam

Đáp án B

Câu 30

Các amino axit đều có 1 nhóm NH₂ ⟹ đipeptit X có chứa 2 nguyên tử N

M_X = 75 + 89 - 18 = 146 g/mol

⟹ n_X = 14,6/146 = 0,1 mol

⟹ n_HCl = n_N = 2n_X = 0,2 mol

⟹ V_{dd HCl} = 0,2 lít

Đáp án B

Câu 31

m_{tinh bột} = 486.(80/100) = 388,8 kg

         (C₆H₁₀O₅)_n + nH₂O → nC₆H₁₂O₆

PT:     162n                                180n     (kg)

ĐB:    388,8              →              432      (kg)

Do hiệu suất đạt 75% nên khối lượng glucozo thực tế thu được là: 432.(75/100) = 324 kg

Bấm máy nhanh: m_{glucozo(thực tế)} = 486 . 0,8 : 162 . 180 . 0,75 = 324 kg

Đáp án B

Câu 32

X + NaOH tạo 2Z và Y (đều là 2 chất hữu cơ) ⟹ X là este

Oxi hóa 1 mol Y cần 2 mol CuO ⟹ Y có 2 nhóm OH ⟹ Y có ít nhất 2 cacbon

Vậy X: (HCOO)₂C₂H₄

⟹ Y: C₂H₄(OH)₂ ⟹ T: (CHO)₂ có M_T = 58

Đáp án C

Câu 33

Phương pháp:

- X phản ứng với KOH thu được kết tủa → X có chứa Ca(HCO₃)₂

Để kết tủa đạt cực đại với lượng KOH tối thiểu thì xảy ra phản ứng:

Ca(HCO₃)₂ + KOH → CaCO₃ + KHCO₃ + H₂O

Từ số mol của KOH tính được số mol Ca(HCO₃)₂

- Bảo toàn nguyên tố C tính được số mol CO₂: n_CO2 = n_CaCO3 + 2n_Ca(HCO3)2

- Tính khối lượng tinh bột cần dùng theo sơ đồ: C₆H₁₀O₅ → C₆H₁₂O₆ → 2CO₂

Lưu ý: Quá trình sản xuất có hiệu suất.

Hướng dẫn giải:

X phản ứng với KOH thu được kết tủa → X có chứa Ca(HCO₃)₂

Phản ứng của X với KOH có thể xảy ra theo 2 PTHH sau:

(1) Ca(HCO₃)₂ + KOH → CaCO₃ + KHCO₃ + H₂O

(2) Ca(HCO₃)₂ + 2KOH → CaCO₃ + K₂CO₃ + 2H₂O

Ở cả 2 PTHH trên lượng CaCO₃ đều đạt lớn nhất, nhưng dùng KOH tối thiểu thì xảy ra phản ứng (1):

Ca(HCO₃)₂ + KOH → CaCO₃ + KHCO₃ + H₂O

      0,1 ←       0,1 (mol)

Vậy hấp thụ CO₂ vào Ca(OH)₂ thu được CaCO₃ (0,3 mol) và Ca(HCO₃)₂ (0,1 mol)

Bảo toàn C → n_CO2 = n_CaCO3 + 2n_Ca(HCO3)2 = 0,5 mol

Sơ đồ: C₆H₁₀O₅ → C₆H₁₂O₆ → 2CO₂

              0,25 ←                         0,5   (mol)

→ m_{tinh bột (LT)} = 0,25.162 = 40,5 gam

Do hiệu suất cả quá trình là 60% nên lượng tinh bột thực tế cần dùng phải lớn hơn lượng lý thuyết:

→ m = m_{tinh bột (TT)} = 40,5.(100/60) = 67,5 gam

Đáp án C

Câu 34

Phương pháp:

Cách xác định hiệu suất tính theo chất nào?

Tương tự như cách xác định chất phản ứng hết.

PTHH: aA + bB → cC + dD

Đề bài cho biết n_A và n_B. Để biết được hiệu suất tính theo chất nào ta so sánh tỉ số \(\frac{{{n}_{A}}}{a}\) và \(\frac{{{n}_{B}}}{b}\)

Tỉ số nào nhỏ hơn thì hiệu suất tính theo chất đó.

Hướng dẫn giải:

CH₃COOH + C₂H₅OH \(\overset{{{H}_{2}}S{{O}_{4}}dac,{{t}^{o}}}{\mathop{\leftrightarrows }}\,\) CH₃COOC₂H₅ + H₂O

\({{n}_{{{C}_{2}}{{H}_{5}}OH}}=0,5mol<{{n}_{C{{H}_{3}}COOH}}=0,4mol\) và tỉ lệ mol các chất phản ứng là 1 : 1

⟹ Tính hiệu suất theo chất có ít số mol hơn là C₂H₅OH

 \(\to {{n}_{este}}=0,4.60%=0,24mol\to {{m}_{este}}=21,12g\)

Đáp án C

Câu 35

n_CO2 = 0,6 mol; n_H2O = 0,6 mol

⟹ X là este no, đơn chức, mạch hở

          C_nH_2nO₂     →   nCO₂

PT:  14n + 32 (g)        n    (mol)

ĐB:     14,8 (g)           0,6  (mol)

⟹ 0,6.(14n + 32) = 14,8n

⟹ n = 3

⟹ CTPT của X là C₃H₆O₂

Đáp án D

Câu 36

n_KOH = 0,3.2 = 0,6 mol

H₂NC₃H₅(COOH)₂ + 2 KOH → H₂NC₃H₅(COOK)₂ + 2H₂O

          0,2 →                0,4 →                 0,2                         (mol)

H₂NCH₂COOH + KOH → H₂NCH₂COOK + H₂O

          0,1  →         0,1        →     0,1                                    (mol)

Vậy chất rắn thu được gồm:

H₂NC₃H₅(COOK)₂: 0,2 mol

H₂NCH₂COOK: 0,1 mol

KOH dư: 0,6 - 0,4 - 0,1 = 0,1 mol

→ m_{chất rắn} = 0,2.223 + 0,1.113 + 0,1.56 = 61,5 gam

Đáp án C

Câu 37

Phương pháp:

X có 4O và phản ứng với NaOH theo tỉ lệ mol 1 : 3

⟹ X là este 2 chức trong đó có 1 nhóm COO gắn trực tiếp với vòng benzen

⟹ Sản phẩm gồm có 1 muối cacboxylat 2 chức, 1 muối của phenol, ancol

Đốt Z chỉ thu được CO₂, Na₂CO₃ mà không thu được H₂O nên Z là (COONa)₂

CTCT của X là CH₃OOC-COOC₆H₅

Viết PTHH giữa X và NaOH. Dựa vào M_Y < M_T < M_Z suy ra các chất Y và T

Xét các nhận định và xác định tính đúng/sai của chúng

Hướng dẫn giải:

X có 4O và phản ứng với NaOH theo tỉ lệ mol 1 : 3

⟹ X là este 2 chức trong đó có 1 nhóm COO gắn trực tiếp với vòng benzen

⟹ Sản phẩm gồm có 1 muối cacboxylat 2 chức, 1 muối của phenol, ancol

Đốt Z chỉ thu được CO₂, Na₂CO₃ mà không thu được H₂O nên Z là (COONa)₂

CTCT của X là CH₃OOC-COOC₆H₅

CH₃OOC-COOC₆H₅ + 3NaOH → (COONa)₂ (Z) + C₆H₅ONa (T) + CH₃OH (Y) + H₂O

- A sai vì (COONa)₂ thực hiện phản ứng vôi tôi xút sẽ thu được H₂, không thu được ankan

\({{\left( COONa \right)}_{2}}+2NaOH\xrightarrow{CaO,{{t}^{o}}}2N{{a}_{2}}C{{O}_{3}}+{{H}_{2}}\)

- B sai, nhiệt độ sôi của CH₃OH (Y) thấp hơn nhiều so với (COONa)₂ (Z) và C₆H₅ONa (T)

- C sai, vì CH₃OH (Y) không có phản ứng tách nước tạo anken

- D đúng, vì \(C{{H}_{3}}OH+CO\xrightarrow{{{t}^{o}},xt}C{{H}_{3}}COOH\)

Đáp án D

Câu 38

*Đốt E:

      E        +        O₂         →      CO₂       +        H₂O

18,26 (g)       0,585 (mol)                             0,49 (mol)

BTKL ⟹ m_CO2 = m_E + m_O2 - m_H2O = 28,16 (g) → n_CO2 = 0,64 (mol)

BTNT: O ⟹ n_O(E) = 2n_CO2 + n_H2O - 2n­_O2 = 0,6 (mol) → n_COO = ½ n_O(E) = 0,3 (mol)

Ta thấy n_CO2 > n_H2O mà các este đều no → hỗn hợp có chứa este 2 chức (do mạch hở, không phân nhánh)

→ n_{este hai chức} = n_CO2 - n_H2O = 0,64 - 0,49 = 0,15 mol

Lại thấy n_COO = 2n_{este hai chức}

⟹ X, Y, Z đều là este hai chức

Thủy phân E thu dược các ancol no, đơn chức, đồng đẳng kế tiếp nên X, Y, Z đều được tạo bởi axit 2 chức và ancol đơn chức

C_tb = 0,64 : 0,15 = 4,267 nên có 1 este có số C < 4,267 → X là (COOCH₃)₂

→ 2 ancol là CH₃OH và C₂H₅OH

*Thủy phân E:

n_{NaOH pư} = n_COO = 0,3 mol

→ n_{NaOH dư} = 0,3.40% = 0,12 mol

 

(1) m_{hh E} = 0,15.90 + 14x + 32y + 46z + 18.(-0,3) = 18,26

(2) n_CO2 = 2.0,15 + x + y + 2z = 0,64

(3) n_{H2O(đốt muối)} = n_CH2 + 0,5n_{NaOH dư}

→ x + 0,5.0,12 = 0,06

Giải hệ trên được x = 0; y = 0,26; z = 0,04

Do x = 0 ⟹ không cần trả CH₂ cho gốc axit

⟹ X, Y, Z đều được tạo từ (COOH)₂

Vì M_X < M_Y­ < M_Z nên các chất X, Y, Z là:

(X) (COOCH₃)₂

(Y) CH₃OOC-COOC₂H₅

(Z) (COOC₂H₅)₂

⟹ M_Z = 146

Đáp án D

Câu 39

Ta có:

X + 2NaOH → Muối + 2C₂H₅NH₂ + 2H₂O

Y + NaOH → Muối + C₂H₅NH₂ + H₂O

Ta có n_X : n_Y = 7 : 3 và n_C2H5NH2 = 2n_X + n_Y = 0,17 mol

Suy ra n_X = 0,07 mol và n_Y = 0,03 mol

Bảo toàn khối lượng:

m_E + m_NaOH = m_muối + m_C2H5NH2 + m_H2O

→ m_E = 15,09 + 0,17.45 +  0,17.18 – 0,17.40 = 19

→ m_E = 0,07(14n + 96) + 0,03(14m + 64) = 19

→ n = \(\frac{0,74-0,03m}{0,07}\)

Vì m là số C của muối axit cacboxylic với C₂H₅NH₂ nên m ≥ 6

     n là số C của aa với C₂H₅NH₂ nên n ≥ 4

Thỏa mãn với m = 6 và n = 8 thì

m_X = 0,07(14.8 + 96) =14,56 gam

→ %m_X = 76,63% gần nhất với 77%

Đáp án D

Câu 40

Phương pháp:

- Sử dụng phương pháp trùng ngưng hóa để tìm số mol các peptit

- Sử dụng phương pháp quy đổi T thành CONH; CH₂; H₂O (với số mol H₂O bằng số mol peptit) cho phản ứng đốt cháy

Hướng dẫn giải:

Gọi số mắt xích của X, Y, Z lần lượt là x, y, z.

Tổng số liên kết peptit trong X, Y, Z là

(x - 1) + (y - 1) + (z - 1) = 16 → x + y + z = 19

Sử dụng phương pháp trùng ngưng hóa:

2X + 3Y + 4Z → (A₂₉B₁₈)_k (T') + 8H₂O

Số mắt xích của T':

(2.15 + 3.2 + 4.2) ≤ 47k ≤ (2.2 + 3.2 + 4.15)

→ 44 ≤ 47k ≤ 70 → 1,07 ≤ k ≤ 1,49 → k = 1

→ T' có dạng A₂₉B₁₈

→ n_A29B18 = n_A/29 = 0,01 mol

2X   +   3Y   +   4Z → A₂₉B₁₈ + 8H₂O

0,02 ← 0,03 ← 0,04 ← 0,01

→ n_T = 0,02 + 0,03 + 0,04 = 0,09 mol

Quy đổi 35,97 gam T thành:

CONH (0,47); CH₂ (a); H₂O (0,09)

→ 0,47.43 + 14a + 0,09.18 = 35,97 → a = 1,01

Đốt 35,97 gam T:

Bảo toàn C →

n_CO2 = n_CONH + n_CO2 = 1,48 mol

Bảo toàn H →

n_H2O = 0,5.n_CONH + n_CH2 + n_H2O = 1,335 mol

Tỷ lệ: 34,97g T tạo thành 1,48 mol CO₂ và 1,335 mol H₂O

             m g  ……………0,74 mol       →  0,6675 mol (gần nhất với 0,67)

Đáp án D

HocTot.Nam.Name.Vn