Bài 10 trang 55 SBT Hình học 12 Nâng cao

LG a

Chứng minh rằng S.ABC là hình chóp đều.

Lời giải chi tiết:

Vì các cạnh của hình chóp tiếp xúc với mặt cầu nên

SA+BC = SB+AC = SC+AB

Mặt khác , tâm I của mặt cầu thuộc đường cao SH nên dễ thấy  $\widehat {ISA} = \widehat {ISB} = \widehat {ISC},$ tức là $\widehat {HSB} = \widehat {HSA} = \widehat {HSC},$ từ đó SA=SB=SC.

Vậy AB = BC = CA, từ đó S.ABC là hình chóp đều.

LG b

Tính đường cao của hình chóp biết rằng ${\rm{IS = r}}\sqrt 3 .$

Lời giải chi tiết:

Đặt SH = h.

Gọi M là trung điểm của BC thì mp(SAM) cắt mặt cầu theo đường tròn lớn, đường tròn này tiếp xúc với SA tại A₁, đi qua điểm M và cắt AM tại M₁, dễ thấy AM₁ = M₁H = HM.

Vì $\Delta S{A_1}I \sim \Delta SHA$ nên ${{{A_1}I} \over {SI}} = {{AH} \over {SA}},$

Từ đó ${r \over {r\sqrt 3 }} = {{AH} \over {\sqrt {{h^2} + A{H^2}} }}.$

Từ AH = 2M₁H suy ra

$\eqalign{  & A{H^2} = 4{M_1}{H^2} = 4(IM_1^2 - I{H^2}).  \cr  &  = 4\left[ {{r^2} - {{(h - r\sqrt 3 )}^2}} \right]. \cr}$

Vậy

$\eqalign{  & {1 \over {\sqrt 3 }} = {{2\sqrt {{r^2} - {{(h - r\sqrt 3 )}^2}} } \over {\sqrt {{h^2} + 4\left[ {{r^2} - {{(h - r\sqrt 3 )}^2}} \right]} }}  \cr  &  \Leftrightarrow 9{h^2} - 16rh\sqrt 3  + 16{r^2} = 0  \cr  &  \Leftrightarrow h = {{4r} \over {\sqrt 3 }}(do\;\,h > {\rm{IS > r)}}{\rm{.}} \cr}$

HocTot.Nam.Name.Vn